u_zadachi_2
.pdf
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
10-4 |
|
|
||
|
|
|
|
ЕРС 0,059 lg |
H 2 |
; |
||||||||
3) Перетворимо це рівняння: |
ЭДС |
lg10 |
|
4 |
lg H 2 , |
|||||||||
|
||||||||||||||
|
|
|
||||||||||||
|
|
ЕРС |
0,059 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
+ |
|
– 4 |
|
0,177 |
|
|
|
||||||
Звідси: |
- lg[Н ]2 = |
|
-lg10 |
|
= |
|
+ 4 = 7; |
|||||||
0,059 |
|
0,059 |
||||||||||||
|
[Н+]2 = ant lg 7 = |
10– 7. |
|
|
|
|
|
|
|
Відповідь: [ Н+]2 = 10¯7 |
8) рН сечі вимірюють за допомогою скляного електроду. Електрод порівняння є хлорсрібний. ЕРС цього елементу компенсується на відрізку 30см, а ціна поділки 0,02 в/см. Написати схему цього елементу та обчислити рН за 370С.
АС1 =30см; |
1) Схема скляно – хлорсрібного елементу: |
|||
ЦП = 0,02 в/см; |
(-) скло | H+ | АgСl,КСl | Аg (+) |
|||
t = 370С; |
2) Формула обчислення рН для скляно - |
|||
рН = ? |
|
хлорсрібного елементу: |
||
|
|
pH |
ЕРС 0,238 |
; |
|
|
|||
|
|
|
||
|
|
0,058 |
|
3)Знаходимо ЕРС: ЕРС = ЦП • АС1 = 0,02 • 30 = 0,6В;
4)Знаходимо рН:
pH |
0,6 0,238 |
6,14. |
|
||
0,059 |
Відповідь: рН= 6,14. |
Задачі для самостійного розв`язання
1)Елемент складається із двох водневих електродів. Один електрод
занурений в розчин із рН 7, а другий в розчин із рН 3. Написати схему цього елементу та обчислити ЕРС за 180С.
(відповідь: 0,232 В)
2)Гальванічний елемент складається із водневого електрода, зануреного в шлунковий сік, та каломельного. ЕРС цього елементу за 250С становить
0,327 В. Написати схему цього елементу та обчислити рН шлункового соку. (відповідь: рН = 1,3)
3)Обчислити рН крові за допомогою воднево – хлорсрібного елементу якщо ЕРС елементу компенсується на відрізку 30см, ціна поділки
0,023В/см, а вимірювання проводять за температури 370С. Написати схему цьому ланцюга. (відповідь: рН = 7,36)
4)ЕРС воднево – водневого ланцюга за 180С становить 0,232 В. Концентрація протонів в одному напівелементі 10–5. Написати схему
21
цього ланцюга та обчислити концентрацію протонів в другому
напівелементі, яка менше, ніж в першому.
(відповідь: 10–9)
5) Обчислити ЕРС та написати схему хромово - алюмінієвого элементу за 250С, якщо концентрація электролітів в напівелементах: 0,01М Al2(SO4)3 та
0,1М Cr 2(SO4)3 . (е0Cr = – 0,71 В; е0Al = -1,56 В). (відповідь: 0,869 В
ОКИСНЮВАЛЬНО – ВІДНОВНІ АБО РЕДОКС - СИСТЕМИ
Окиснювально – відновні або редокс – системи це системи, в яких індиферентний електрод не обмінюється іонами із
розчином, а тільки забезпечує постачання або відведення електронів для окиснювально – відновної реакції, що протікає в розчині, який містить окислену та відновлену форми однієї речовини.
Схема редокс – системи: |
|
Pt | FeCl2,FeCl3. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
Редокс – потенціал обчислюють за рівнянням Петерса: |
||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
RT |
|
|
окисника |
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
е red = e |
|
red |
+ |
|
|
|
n |
|
|
|
|
|
; |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
e0 |
|
|
nF |
відновника |
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
|
де |
red |
- |
нормальний редокс -потенціал; це потенціал |
||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
що виникає на електроді, зануреному в розчин із |
||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
співвідношенням в ньому окисненої та відновленої форм 1; |
||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
n - |
число єлектронов, яке віддає відновник або приймає |
||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
окислювач. |
|
|
|
|
|
0,058 |
|
|
|
окисника |
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
За 18°С: |
|
|
е red |
= e |
red + |
|
|
|
|
lg |
|
|
|
|
|
|
; |
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
n |
|
|
відновника |
||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
0,059 |
|
|
|
|
окисника |
|
|
|
|
|
||||||||||
за 25°С: |
|
|
еred = е |
red + |
|
|
|
|
lg |
|
|
|
. |
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
n |
|
відновника |
||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
Приклади розв`язання задач |
||||||||||||||||||||||||
1. |
|
Скільки електронів бере участь в окиснювально – відновній реакції, |
||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
якщо е red = 0,121 В, |
е0 red = 0,18 В, концентрація окисленої форми |
||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
1моль/л, |
відновленої – 10моль/л (t = 250С)? |
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||
|
е red = 0,121В; |
|
|
1) Записуємо рівняння Петерса: |
||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
RT |
|
окисника |
||||||||||
|
е |
|
red = 0,18В; |
|
|
|
е red = e |
|
|
red + |
|
|
n |
|
|
|
; |
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
nF |
|
відновника |
||||||||||||||||||||||||
|
[окисл.] = 1моль/л; |
|
|
2) За 250С рівняння має вигляд: |
||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
0,059 |
|
|
|
окисника |
|||||||||
[відновл.] = 10моль/л; |
|
|
|
|
|
|
еred = е |
red + |
|
|
|
lg |
|
. |
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
n |
|
відновника |
||||||||||||||||||||||
|
t = 250С; |
|
|
|
|
3) Підставляємо дані з умови задачі: |
||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
n - ? |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
22
0,121 = 0,18 + |
0.059 |
lg |
1 |
; |
0,121 – 0,18 = |
0,059 |
lg10 1 ; |
||
|
n |
10 |
|
|
0,059 1 |
|
n |
||
|
|
|
|
- 0,059 = |
; |
n = 1. |
|||
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
n |
|
|
(відповідь: 1 електрон)
2) Обчислити нормальний окиснювально – відновний
потенціал за 180С, якщо е red = – 0,15 В, а в системі 60% окисленої форми та 30% відновленої форми. У окиснювально - відновній реакції беруть участь два електрони.
е red = – 0,15 В; 1) Записуємо рівняння Петерса:
[окисл.] = 60%; е red = e0 red + RT ln окисника ; nF відновника
|
[відновн.] = 30%; |
|
2) За 180С рівняння має вигляд: |
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
t = 180С; |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0,058 |
|
окисника |
||||||||||||||||
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
е |
|
red =? |
|
|
|
|
е red |
|
= e |
|
red + |
|
|
|
|
|
lg |
|
|
|
|
; |
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
n |
відновника |
||||||||||||||||||||||||||||||
3) Підставляємо дані з умови задачі: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
- 0,15 = е0 red + |
0,058 |
lg |
60 |
|
; |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
30 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
- 0,15 = е0 red + 0,029 • 0.3; |
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
- 0,15 = е0 red + 0,029 lg2 ; |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
е0 red = - 0,15 – 0,0087 = 0,1587 В. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(відповідь: 0,1587 В) |
|||||||||||||||||||||||||
3) Для окиснювально – відновної системи піруват – лактат |
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
е red |
= 0,22 В, е 0red = 0,180 В . В реакції беруть участь два |
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
електрони. Обчислити співвідношення окисленою та відновленої |
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
форм речовини за 18 0С. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
е red |
= 0,22 В; |
|
1) Записуємо рівняння Петерса: |
||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
RT |
|
|
|
|
|
окисника |
|||||||||||||
|
е red = 0,180 В; |
|
е red = e0 red + |
|
|
|
|
|
n |
|
|
|
|
; |
|
|
|||||||||||||||||||||||||
|
nF |
|
|
відновника |
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
n = 2; |
|
|
|
|
2) За 18 0С рівняння має вигляд: |
||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0red |
|
|
|
0,058 |
|
|
|
|
|
|
окисника |
||||||||||||||
|
|
t = 18 |
|
С; |
|
|
е red |
= e |
|
|
|
+ |
|
|
|
|
|
|
lg |
|
|
|
; |
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
n |
|
відновника |
|||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
окисл. |
|
3) Підставляємо дані з умови задачі: |
||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0,058 |
|
|
|
|
|
окисника |
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
? |
|
0,22 = 0,18 + |
|
|
|
|
|
|
|
lg |
|
|
|
; |
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
.восстан. |
|
|
|
|
2 |
|
|
ввідновника |
||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
lg |
окисника |
= |
|
|
0,22 0,18 |
= 1,4; |
|
|
|
|||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
відновника |
|
|
0,029 |
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
окисника |
= 25. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
відновника |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Відповідь: 25.
4)ЕРС гальванічного елементу (-) Pt(H2) │ [Н+] =1║ Mn+2, MnO¯4 │ Pt(+)
становить 1,52В. Обчислити редокс - потенціал за 250С.
23
ЕРС = 1,52В; |
1) ЕРС гальванічного елементу дорівнює різниці |
t = 250С; |
електродних потенціалів: |
е red = ? |
ЕРС = еMn - еН; |
|
2) Потенціал водневого електроду дорівнює 0, оскільки |
|
електрод занурений в розчин із [Н+]=1, тобто це |
|
|
|
нормальний водневий електрод; |
|
3) Вирішуємо рівняння ЕРС відносно е red: |
|
Відповідь: 1,52 В. |
5)Елемент складається із каломельного електроду та редокс – системи Fe+2 – Fe+3. ЕРС цього елементу компенсується на відрізку 20см, а
елемент Вестону - на відрізку 60см. Написати схему цього елементу та обчислити еred за 180С.
АС = 60см; 1) Напишемо схему елементу, враховуючи, що редокс-
АС1 = 20см; потенціал від`ємний по відношенню до каломельного: t = 180С;
е red = ? (-) Pt │ Fe+2, Fe+3 ║ Hg2Cl2, KCl │ Hg(+);
2)Запишемо рівняння ЕРС як різницю електродних потенціалів:
ЕРС = еКАЛ. – е red ; звідси е red = еКАЛ – ЕРС; 3) Знаходимо ЕРС із даних компенсації:
ЕРС = 1,018 20 0,339В; 60
4) Знаходимо е red: е red = 0,25 – 0,339 = - 0,089 В.
Відповідь: - 0,089 В.
6)Окиснюються чи відновлюються цитохроми в редокс – системі, якщо
еred флавінового ферменту - 0,06 В, а цитохромів +0,5 В?
Рішення: оскільки редокс – потенціал флавінового ферменту від`ємний, то фермент буде відновником по відношенню до цитохромів. Отже, цитохроми будуть відновлюватися.
7)Які властивості – окиснювача чи відновника – проявляє
цитохром С (еred = 0,26 В) по відношенню до системи піруват/лактат
(еred = 0,18 В)?
Рішення: оскільки редокс–потенціал цитохрому С позитивніший за редокс–потенціал піруват/лактат, то цитохром С буде окиснювачем.
Задачі для самостійного розв`язання
1) Обчислити нормальний окиснювально–відновний потенціал за 250С, якщо е red = - 0,3 В, а в системі 80% окисленої та 20% відновленої форм речовини. В окиснювально–відновній
реакції беруть участь 2 електрони. (відповідь: -0,3174 В)
24
2) Потенціал окиснювально–відновного електроду в системі
FeCl3 - FeCl2 становить 0,880 В, е°red Fe+3 - Fe+2 = 0,77 В. Обчислити співвідношення концентрацій окисленої та відновленої форм в системі
(t = 180С). (відповідь: 78 /1)
3)Елемент складається із каломельного електроду та редокс – системи Cr+2 – Cr+3. ЕРС цього елементу компенсується на відрізку 35см, а ціна поділки реохорду 0,02 В/см. Написати схему цього елементу та
обчислити еred за 250С.
(відповідь: - 0,45 В)
4)Які властивості – окиснювача чи відновника – проявляє аскорбінова кислота (еred = 0,14 В) по відношенню до системи піруват/лактат (еred = 0,18 В)?
(відповідь: відновник)
5)Для визначення аскорбінової кислоти (еred = 0,14 В) застосовують барвник 2,6-дихлорфеноліндофенол (ДХФІФ) (еred = 0,217 В). Окиснюється чи відновлюється аскорбінова кислота під дією барвника?
(відповідь: окиснюється) 6) Для визначення системи сукцинат – фумарат (еred = - 0,03 В) використовують барвник (еred = 0,217 В). ). Окиснюється чи відновлюється система сукцинат–фумарат під дією барвника?
(відповідь: окиснюється)
БУДОВА КОЛОЇДНОЇ ЧАСТИНКИ (МІЦЕЛИ)
Колоїдні розчини (абозоли) – це мікрогетерогенні системи із розміром частинок 10–7 - 10–9 м.
Методи одержання колоїдних систем:
а) дисперсійний: метод колоїдного млина ультразвуковий пептизація.
б) конденсаційний: фізична конденсація метод заміни розчинника
хімічна конденсація (реакції окиснення відновлення, обміну, гідролізу).
Умови одержання колоїдних систем методом хімічної конденсації: а) низька концентрація вихідних речовин; б) низька розчинність одного із продуктів реакції; в) надлишок однієї із вихідних речовин.
Колоїдна частинка називається міцела.
Найпоширенішим методом одержання колоїдних систем є метод хімічної конденсації, в якому використовуються різні хімічні реакції.
А) Одержання золів реакцією подвійного обміну.
а) будову колоїдної частинки розглянемо на прикладі міцели
25
золю AgCl, який утворюється за реакцією: AgNO3 + NaCl → NaNO3 + AgCl .
надл.
Складові частини міцели: ядро; адсорбційний шар, який складається із потенціалвизначаючих іонів та протиіонів; дифузний шар.
Із двох продуктів реакції колоїдну систему утворює AgCl, тому що це нерозчинна сполука.
Ядром міцели є сукупність багатьох нерозчинних у воді молекул AgCl. Записується це таким чином: mAgCl. Ядро це тверда частинка. А будь-яка тверда поверхня проявляє адсорбційні властивості. Тобто ядро може адсорбувати іони із розчину. Під час реакції обміну в розчині утворюються такі іони: Na+, NO3¯, а також іони Ag+, які з'являються в розчині, якщо в надлишку взяти AgNO3. Адсорбція іонів іде вибірково за правилом Панета – Фаянса. Таким чином, із трьох іонів Na+, NO3¯, Ag+ вибірково адсорбуватимуться іони Ag+, оскільки вони проявляють хімічну спорідненість до ядра (або входять до складу ядра). Записується це таким чином:
mAgCl n Ag+, де n – це число іонів.
Тепер частинка набула позитивного заряду і притягує до себе негативно заряджені іони із розчину, тобто іони NO3¯ у кількості меншому, ніж іонів Ag+. Записується це таким чином:
mAgCl n Ag+ (n – х) NO3¯.
Іони Ag+ та NO3¯ складають адсорбційний шар. Іони Ag+, які адсорбуються першими називаються потенціалвизначаючими іонами,
а іони NO3¯ – протиіонами.
Ядро разом із адсорбційним шаром називається гранулою. Гранула має заряд, оскільки позитивно заряджених іонів Ag+ в адсорбційному шарі більше за
негативно заряджених іонів NO3¯ на х іонів: [ mAgCl n Ag+ (n – х) NO3¯ ] Х+.
Гранула це та частинка, яка перебуває в завислому стані у дисперсійному середовищі та переміщується в електричному полі. Міцела в цілому електронейтральна, тобто заряд гранули нейтралізується негативними іонами NO3¯ в кількості х:
Таким чином, міцела утворюється завдяки стабілізуючій дії іонів Ag+ .
б) Якщо в надлишку NaCl: |
AgNO3 + NaCl → NaNO3 + AgCl |
та будова міцели наступна: |
надл. |
|
|
[ mAgCl n Cl ¯(n – х) Na+] Х ¯ х Na+. |
|
Іоном – стабілізатором є іони |
Cl ¯ |
26
в) Якщо в розчині присутні багатозарядні іони, то необхідно враховувати коефіцієнти:
Na2SO4 + BaCl2 → NaCl + BaSO4
надл.
[ mBaSO4 nSO42 ¯ 2(n-x) Na+ ] 2Х + 2х Na+.
г) Утворення золю арсен(III) сульфіду.
2H3AsO3 + 3H2S → As2S3 + 6H2O.
Оскільки сірководень пропускають через розчин миш'яковистої кислоти,
то він в надлишку і є стабілізатором: H2S → Н+ + HS ¯.
Будову міцели можна записати таким чином:
[ m As2S3 n НS¯ (n-x) H+ ]х ¯ x H+.
Б) Утворення золів реакцією гідролізу.
Гідролізом зазвичай отримують золи гідроксидів металів Fe(OH)3 , Al(OH)3 та ін.
а) Наприклад, золь Fe(OH)3 отримують додаванням в киплячу воду розчину FeCl3 . У воді сіль FeCl3 гидролізується:
FeCl3 + Н2О → Fe(OH)3 + HCl.
Продукти гідролізу взаємодіють між собою, і так як розчин досить розведений , то утворюється оснóвна сіль:
Fe(OH)3 + HCl → FeOCl + 2HCl.
Основна сіль FeOCl дисоціює:
FeOCl → FeO+ + Cl ¯ .
Іон FeO+ є стабілізатором.
Будову міцели можна записати таким чином:
[ mFe(OH)3 nFeO+ (n-x)Cl ¯ ]х+ xCl ¯.
б) Золь Fe(OH)3 можна отримати, якщо до розчину FeCl3 додавати повільно розведений розчин NaOH. В цьому випадку в надлишку буде FeCl3, в
результаті дисоціації якого утоврюється іон-стабілізатор Fe+3: FeCl3 → Fe+3 + 3CI¯ .
Будову міцели можна записати таким чином:
[ mFe(OH)3 nFe+ 3 3(n-x)Cl ¯ ]3х+ 3xCl ¯.
В) Утворення золів в результаті дисоціації поверхневих
іоногенних груп.
Наприклад, отримання золю H2SiO3, молекули якої дисоціюють: H2SiO3 → H+ + НSiO3¯.
Будову міцели можна записати таким чином:
¯ |
(n-x) H |
+ х |
+ |
[ mH2SiO3 nНSiO3 |
] ¯ xH . |
Г) Отримання золів шляхом реакції окиснення.
Наприклад, отримання золю сульфуру S. H2S + O2 → 2S + 2H2O.
Стабілізаторами золю є політіонові кислоти, які утворюються в процесі окиснення сульфуру, наприклад, пентатіонова кислота H2S5O6.
27
Будову міцели можна записати таким чином:
[ mS n S5O62 ¯ 2 (n-x) H+ ]2х ¯ 2x H+.
Д) Отримання золів шляхом реакції відновлення.
Наприклад, отримання золю ауруму Au.
Стабілізатором є калій аурат KAuO2, який дисоціює за рівнянням: KAuO2 → К+ + AuO2¯ .
Будову міцели можна записати таким чином:
[ m Au n AuO2¯ (n-x) K+ ]х ¯ x K+.
Приклади розв`язання завдань
1. Написати будову міцели AgBr , який одержують реакцією обміну.
AgBr можна отримати під час обміну солей: AgNO3 + NаBr → AgBr + NаNO3.
Будова міцели залежатиме від того, який вихідний електроліт взятий в надлишку.
а) Якщо в надлику взятий AgNO3, який дисоціює за рівнянням: AgNO3 → Ag+ + NO3¯,
то міцелярна формула має вигляд:
[ mAgBr nAg+ (n – х)NO3¯ ] Х + хNO3¯ .
б) Якщо в надлику взятий NаBr, який дисоціює за рівнянням: NаBr → Na+ + Br¯ ,
то міцелярна формула має вигляд:
[ mAgBr nBr¯ (n – х)Nа+ ] Х ¯ хNа+ .
2.Написати будову міцели, яка утворюється в результаті взаємодії солі Fe+2 із червоною кров`яною сіллю, що береться в надлишку.
Рівняння реакції цієї взаємодії таке:
3FeCl2 + 2K3[Fe(CN)6] → Fe3[Fe(CN)6]2 + 6KCl.
Із двох продуктів реакції золь утворює ферум(II) гексаціаноферат(III) Fe3[Fe(CN)6]2, тому що він малорозчинний. За умови надлишку червоної
кров`яної солі, яка дисоціює за схемою: K3[Fe(CN)6] → 3К+ + [Fe(CN)6]3¯ ,
міцелярна формула має вигляд:
[ mFe3[Fe(CN)6]2 n[Fe(CN)6]3¯ 3(n – х)К+]3х¯ 3х К+.
Приклади для самостійного розв`язання:
1) Напишіть рівняння реакцій утворення золів та будову їх міцел: AgBr за умови надлишку KBr;
28
AgI за умови надлишку AgNO3;
AgBr за умови надлишку СаBr2;
PbCrO4 |
за умови надлишку K2CrO4; |
SrSO4 |
за умови надлишку SrCl2; |
BaSO4 за умови надлишку Al2(SO4)3;
берлінської блакиті за умови надлишку жовтої кров'яної солі К4[Fe(CN)6]; купрум(II) гексаціаноферату Cu2[Fe(CN)6] за умови надлишку CuCl2; BaCrO4 за умови надлишку BaCl2.
Cо(OН)2 за умови надлишку СоСl2..
29
30