Данилов. Определение внутренних усилий
.pdf3. Перерезывающее усилие Qx (Qy) равно сумме проекций на соответствующую ось всех внешних сил, расположенных по одну сторону от сечения, записанных со знаком +, если внешняя сила вращает вокруг сечения часть тела по часовой стрелке, и со знаком - , если сила вращает часть тела против часовой стрелки (Рис.14 ).
Рис. 14 |
|
|
|
|
||
По правилу 3 Qyлев |
P |
; |
Qyправ P |
P |
|
P |
|
|
|
||||
2 |
|
2 |
2 |
4. Изгибающий момент Mx (My) равен сумме моментов всех внешних сил относительно сечения, действующих по одну сторону от сечения. Момент внешней силы искривляющей рассматриваемую часть стержня выпуклостью вниз записывается со знаком +, выпуклостью вверх со знаком - . При этом в рассматриваемом сечении мыслится жесткое защемление, а верх и низ определяется по положительному и отрицательному направлениям координатной оси (Рис.15)
Рис. 15
21
|
|
|
По правилу 4 |
|
|
|
|
||
Mxлев |
P |
z; |
Mxправ |
P |
( z) P( |
|
z) |
P |
z |
|
|
2 |
|
||||||
2 |
|
2 |
|
2 |
|
Таким образом, приведенные правила позволяют записать внутренние усилия через внешние нагрузки независимо от того, какая часть стержня принята к рассмотрению.
Использование дифференциальных зависимостей
Установление дифференциальных зависимостей является важным фактом, так как вскрывает соответствие между характером нагрузки и изменением внутренних усилий.
|
dQ |
|
dM |
d2 M |
||
Дифференциальные зависимости |
|
q, |
|
Q, |
|
qпо- |
dz |
|
|
||||
|
|
dz |
d z2 |
зволяют проконтролировать правильность построения графиков.
Рассматривая пример 1 (рис.6) и используя зависимость dQ q, dz
определяем поведение графика Qy в зависимости от заданной нагруз-
ки q. Так в промежутке 0 /4 интенсивность q= 0, поэтому функ-
ция Qy постоянна на этом промежутке. Иначе говоря прираще-
ние Qy qdz 0dz 0 и величина Qy определяется начальным значением равным нулю. На промежутке /4 3 /4 приращение
Qy 0, но величина определяется начальным значением для данно-
го участка равным реакции опоры. На промежутке 3 /4 5 /4ин-
тенсивность qотрицательна, т.к. направлена против оси OY, и посто-
янна, |
поэтому |
|
приращение Qy qdz qzи |
|
на длине |
||||||
/2составит |
|
ql |
( сравните с разницей ординат |
|
ql |
|
и |
|
3ql |
),а |
|
|
|
|
8 |
||||||||
|
|
2 |
|
8 |
|
|
|
||||
так как |
q постоянна Qy изменяется равномерно. |
|
|
|
|
|
|
|
22
Используя зависимость |
dM |
Qy , в качестве первой производ- |
|
||
|
dz |
ной рассматривается Qy , а не q, а в качестве функции – M x. Но это не меняет сути. Так на интервале 0 /4 Qy = 0, и приращение
M Qdz 0, поэтому момент остается постоянным и равным начальному значению. На промежутке /4 3 /4 Qy постоянна и положительна, поэтому момент изменяется равномерно на величину
M |
/4 |
3 |
q dz |
|
3 |
q 2 (подсчитайте площадь эпюры Qy на |
|
|
8 |
16 |
|||||
|
|
|
|||||
|
3 /4 |
|
|
|
|
|
этом промежутке). На интервале 3 /4 5 /4 Qy равномерно изме-
няется, при этом изменяет знак. Равенство Qy = 0 указывает на то, что
функция в этой точке испытывает экстремум.
Очевидно, такого рода закономерности справедливы для всех графиков внутренних усилий и с их помощью можно проконтролировать правильность построенных графиков. Попробуйте проделать это для примера № 2.
Однако можно идти обратным путем, т.е. строить графики, опираясь на дифференциальные зависимости. Учитывая, что производная функции есть интенсивность изменения (приращения или убывания)
функции в точке, рассмотрим зависимость dQ q. dz
Из этой зависимости следует, что на каждом метре длины сила изменяется на qт . Если нас интересует изменение перерезывающей силы на конечной длине z0 , то мы должны записать интеграл этого выражения
z0 |
|
Q qdz C |
(1) |
0 |
|
Здесь С – начальное значение перерезывающей силы, а интеграл будет зависеть от вида функции q (z). Рассмотрим несколько видов функции q(z).
23
1) q(z) = 0. Перерезывающая сила не меняется на длине z 0 и равна постоянной С. Так в примере 1 (рис.6) на первом участке С = 0. Отсюда следует, что выражение (1) справедливо для одного участка, а границы участка являются пределами интеграла.
z0
2) q(z) = - q = const Q q dz C qz0 C .
0
Для простоты положим С = 0.
Изменение перерезывающей силы от такого вида нагрузки можно получить путем графического интегрирования. Пусть на участке длиною а (рис.16а) приложена распределенная нагрузка интенсивностью q . Разобьем всю нагрузку на множество участков единичной длины. Площадь каждого такого участка, равная площади прямоугольника высотою q и основанием равным единице, представляет приращение перерезывающей силы на единице длины. График изменения Q строим следующим образом. Смещаясь по оси абсцисс, на каждую единицу длины будем накапливать (суммировать) по ординате в виде вектора площадь равную q 1.
Очевидно, на длине участка а накопится площадь прямоугольника высотою q и основанием а. При разбиении нагрузки на бесконечное множество участков получим в пределе график изменения перерезывающей силы в виде прямой.
|
z0 |
z2 |
|
|
||
3) q(z) kz |
Q k zdz k |
|
C |
|
|
|
2 |
|
|
||||
|
0 |
|
|
|
||
|
|
|
|
|
||
|
z0 |
|
|
z2 |
||
4)q(z) kz q0 |
Q ( kz q0 )dz k |
|
q0z C, |
|||
2 |
||||||
|
0 |
|
|
|
||
|
|
|
|
|
где k q0 a
Последний случай может быть получен в виде линейной комбинации второго и третьего.
Полагая С = 0, и проводя графическое интегрирование, будем рассуждать также как и в предыдущем случае. Только теперь каждый участок с основанием равным единице (рис.16 б,г) будет трапецией. Площади двух смежных трапеций будут отличаться на одну и ту же величину. Смещаясь по оси абсцисс, на каждую величину длины будем суммировать по ординате не одинаковую площадь, а возрастающую
24
пропорционально z (рис.16б), или убывающую пропорционально z (рис.16г). Изменение перерезывающей силы на длине а будет равно площади треугольника с основанием а и высотою q 0. В пределе, при выборе бесконечного множества участков, изменение перерезывающей силы будет происходить по кривой.
Уместно отметить характер изменения кривой. На рис. 16б кривая изменения Q от нулевой линии в начале участка отходит под маленьким углом – этому соответствует малая интенсивность распределенной нагрузки. В конце участка угол, составленный касательной к кривой и осью абсцисс, становится сравнительно большим, чему соответствует возросшая интенсивность нагрузки. На рис. 16 г имеем тоже соответствие величины интенсивности и угла касательной, проведенной в каждой точке кривой. таким образом можно определить направление выпуклости и вогнутости графика.
|
z0 |
5) q(z) k(a 2z) |
Q k(a 2z)dz kaz kz2 C. |
|
0 |
Этот вариант нагрузки (рис.16в) является частным случаем уже рассмотренного четвертого пункта.
Он интересен тем, что нагрузка на первой половине участка положительна, а на второй половине отрицательна, при
|
a |
a |
|
|
|
z |
|
q |
|
|
0. Как видно из рис.16 в, на первой половине участ- |
|
2 |
||||
2 |
|
|
|
ка график изменения перерезывающей силы возрастает на q0 a , а на
4
второй убывает на такую же величину. При z a перерезывающая
сила достигает максимума. |
|
|
2 |
|
||
dM |
|
|
|
|||
Рассматривая |
зависимость |
Q, |
можно |
запи- |
||
|
||||||
|
|
dz |
|
|
z0
сатьM Qdz D
0
Рассуждая аналогично тому, как это делалось для зависимости (1), получим те же результаты, так как по-прежнему рассматривается зависимость между функцией и её первой производной. Поэтому, если на рис. 16 графики нагрузки принять за графики перерезывающих сил,
25
то графики изменения перерезывающих сил можно считать графиками изменения изгибающих моментов.
Рис.16 а |
Рис.16 б |
Рис.16 в |
Рис.16 г |
26
Из рассмотренных примеров сделаем следующие выводы: Изменение перерезывающей силы Q на данном участке равно
площади эпюры распределенной нагрузки на этом участке. Изменение изгибающего момента M на данном участке равно
площади эпюры перерезывающей силы на этом участке.
Исходя из рассмотренных зависимостей можно строить эпюры Q и М путем графического интегрирования. В качестве примера рассмотрим следующую задачу.
ЗАДАЧА
Простроим графики внутренних усилий от более сложных нагрузок (рис.17). Эпюру Мх построим со стороны сжатых волокон балки, т.е. ординату Мх совмещаем с осью ОУ.
Рис.17
27
1. |
Определяем опорные реакции |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||
RЛ |
3 |
|
P |
M |
|
|
|
M |
|
|
|
4qa2 |
|
|
|
17 |
qa |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
2 |
|
2a |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2a |
2 2a |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||
RП |
5qa2 |
|
|
|
M |
|
|
|
M |
|
|
4qa2 |
|
|
Pa |
|
|
7 |
qa |
|
|
|
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2a |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
|
|
|
2 2a 2a 2a |
|
|
|
|
|
2a 4 |
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||
2. Для перерезывающей силы имеем три участка. |
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
Сечение 0+0: Q0 qa |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
Сечение а-0: Qa 0 qa т.к. Q1 |
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||
Сечение а+0: Qa 0 |
|
|
qa |
17 |
qa |
13 |
|
qa |
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
Сечение 3а-0: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
4 |
|
|
|
|
|
|
|
4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
13 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
Q |
Q |
|
|
|
Q |
|
|
|
qa 2q 2a |
qa |
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||||||||
3a 0 |
|
a 0 |
|
|
|
|
2 |
|
|
|
4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
4 |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
Сечение 3а+0: Q |
3a |
0 |
|
Q |
|
|
R |
п |
|
|
3 |
qa |
7 |
qa qa |
|||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3a 0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
4 |
|
|
|
4 |
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
Сечение 4а-0: |
|
Q4a 0 |
|
Q4a 0 |
|
Q3a 0 Q3 |
qa qa 0 |
2. Строим график момента.
Здесь нужно учесть, что на пролете перерезывающая сила меняет знак, поэтому для момента получим четыре участка.
Сечение 0+0: M0 0
Сечение а-0: Ma 0 M0 M2 qa2
Сечение а+0: Ma 0 Ma 0 M qa2 qa2 2qa2
На пролете для определения площадей треугольников (Эпюра перерезывающей силы) нужно определить основания этих треугольников. Это можно сделать из подобия треугольников с высотами
13 qa и 3qa.
4 4
|
13 |
|
qa |
|
3 |
|
qa |
; z0 |
|
13 |
a. |
|
|
|
|
|
|||||||
|
4 z0 4 (2a z0) |
|
8 |
|
28
Эту операцию можно проделать и таким образом. Запишем величину перерезывающей силы в сечении a z0
Qa z0 Qa 0 Qz0 0.
|
|
|
Здесь z0 |
отсчитывается от левой опоры. Так как Qa 0 |
|
13 |
qa, |
|||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
13 |
|
|
|
|
|
|
13 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
4 |
|
|||||
то |
|
qa 2q z0 0; z0 |
|
a. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
4 |
|
|
|
|
8 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
Сечение а+z0: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
13 |
|
|
|
|
13 |
|
|
|
41 |
|
|
|
|
|
|
||||||
M |
a |
|
M |
a 0 |
M |
2qa2 |
|
|
qa |
|
a |
|
qa2 |
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||
|
z 0 |
|
z 0 |
|
|
|
|
|
|
|
2 4 |
|
|
8 |
|
|
64 |
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
Сечение 3а-0: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
41 |
|
|
2 |
|
1 |
|
|
3 |
|
|
|
13 |
|
|
|
qa2 |
||||||||||||
M |
3a 0 Ma z0 M |
34a |
|
|
qa |
|
|
|
|
|
|
|
qa |
|
|
a |
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
64 |
|
|
2 |
4 |
|
8 |
|
2 |
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||
|
|
|
Сечение 3а+0: M3a 0 M3a 0 |
M |
|
qa2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
Сечение 4а-0: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
M |
4a 0 M3a 0 M4 |
qa2 |
qa |
2 |
0 M 4a 0 . |
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||
2 |
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
График изгибающего момента на пролете изобразится в виде кривой (см. рис. 17), которая строится по трем точкам: на концах пролета
и при Qz0 0.
Таким образом, если выполнять правила и внимательно рассмотреть рис.17, можно строить графики усилий на каждом участке отдельно.
В случае более сложных нагрузок (выше нулевого порядка) вычисление площадей эпюр можно проводить аналитическим интегрированием функции соответствующего усилия.
29
Варианты заданий и числовые данные
|
|
|
|
|
М q a2; |
F q a |
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
№ |
|
внешние |
|
|
внешние силы |
|
интенсивность |
а, |
||||
вар |
|
моменты |
|
|
|
|
|
|
|
распред. нагр. |
м |
|
|
М1, |
М2, |
|
М3, |
|
F1, |
F2, |
|
F3, |
|
q, |
|
|
кН |
кН |
|
кН |
|
Н |
Н |
|
Н |
|
кН/м |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
2М |
М |
|
2М |
|
F |
2F |
|
3F |
|
10 |
1 |
2 |
2M |
2M |
|
M |
|
F |
2F |
|
F |
|
20 |
0,8 |
3 |
3M |
2M |
|
M |
|
3F |
2F |
|
2F |
|
10 |
1 |
4 |
2M |
3M |
|
2M |
|
2F |
F |
|
2F |
|
15 |
2 |
5 |
4M |
2M |
|
M |
|
3F |
F |
|
F |
|
10 |
1 |
6 |
M |
2M |
|
M |
|
F |
3F |
|
F |
|
20 |
1 |
7 |
3M |
M |
|
M |
|
F |
2F |
|
4F |
|
30 |
1 |
8 |
2M |
M |
|
2M |
|
3F |
F |
|
3F |
|
15 |
0,8 |
9 |
M |
M |
|
M |
|
F |
F |
|
F |
|
10 |
0,8 |
10 |
2M |
M |
|
M |
|
2F |
F |
|
3F |
|
15 |
0,8 |
11 |
3M |
3M |
|
M |
|
3F |
F |
|
F |
|
20 |
2 |
12 |
M |
4M |
|
M |
|
4F |
4F |
|
2F |
|
30 |
2 |
13 |
4M |
2M |
|
2M |
|
F |
F |
|
4F |
|
15 |
2 |
14 |
3M |
M |
|
3M |
|
3F |
F |
|
3F |
|
10 |
1 |
15 |
M |
M |
|
2M |
|
F |
3F |
|
F |
|
15 |
1 |
16 |
3M |
2M |
|
M |
|
3F |
F |
|
2F |
|
30 |
1 |
17 |
M |
M |
|
3M |
|
F |
2F |
|
3F |
|
15 |
0,8 |
18 |
3M |
M |
|
M |
|
3F |
F |
|
F |
|
10 |
0,8 |
19 |
2M |
M |
|
2M |
|
2F |
F |
|
2F |
|
30 |
0,8 |
20 |
M |
3M |
|
M |
|
3F |
4F |
|
F |
|
20 |
1 |
21 |
2M |
3M |
|
4M |
|
3F |
2F |
|
2F |
|
15 |
1 |
22 |
M |
5M |
|
M |
|
F |
3F |
|
2F |
|
10 |
2 |
23 |
3M |
M |
|
M |
|
3F |
2F |
|
2F |
|
10 |
1 |
24 |
2M |
2M |
|
2M |
|
F |
F |
|
F |
|
20 |
0,8 |
25 |
4М |
М |
|
2М |
|
F |
4F |
|
F |
|
15 |
2 |
26 |
M |
3M |
|
2M |
|
2F |
2F |
|
4F |
|
10 |
1 |
27 |
2M |
M |
|
2M |
|
F |
2F |
|
3F |
|
25 |
0,7 |
28 |
3M |
4M |
|
M |
|
4F |
F |
|
2F |
|
20 |
2 |
30