3443 Курсовая Работа ЭЭ
.pdfВ этой схеме и в этой формуле неизвестными являются две величины JЭ и ZЭ. Определим их. Согласно теореме об ЭИТ ток эквивалентного источника тока будет равен: JЭ = IК. З. в схеме рис. 21, а сопротивление эквивалентного источника тока будет равно входному сопротивлению пассивного двухполюсника относительно зажимов (3–4): ZЭ = ZВХ. в схеме рис. 22.
Рис. 21. Схема для определения тока короткого замыкания
Рис. 22. Схема для определения входного сопротивления
Ток короткого замыкания в схеме рис. 21 будет равен: IК. З. = II. Рассчитаем ток II. Так как после замыкания ветви 6 схема изменилась, то необходимо определить новое значение числа узлов и числа ветвей: NУ = 3 и NВ = 5. Таким образом, число уравнений по МКТ будет равно:
NМКТ = NВ – NУ +1 – NJ = 5 – 3 +1 – 2 = 1.
Контурный ток II показан на схеме рис. 21. Составим уравнение по МКТ для тока II.
I I (R2 + R3+ Z C3 + Z L5 ) − J1R2 − J 4 (R2 + R3 + Z C3 ) = 0 .
Выразим ток II из этого уравнения.
I I = |
J1R2 + J 4 (R2 + R3 + Z C3 ) |
. |
|
||
|
(R2 +R3+Z C3 + Z L5 ) |
31
Подставив числовые значения, получим:
I I = 1,556e− j0,175 15,75 + 1,768e− j0,7 (15,75 + 21− j23,81) = 2,428e− j1,24 = 0,79 − j2,296 А. (15,75 + 21− j23,81+ j31,5)
Таким образом, ток короткого замыкания будет равен:
IК. З. = 2,428e-j1,24 = 0,79 – j2,296 А.
Отсюда JЭ = 2,428e-j1,24 = 0,79 – j2,296 А.
Определим ZВХ. относительно зажимов 3 и 4 в схеме рис. 22. В этой схеме значения источников тока приравниваются к нулю, и они заменяются их внутренними сопротивлениями.
Z ВХ. = |
(R2 + R3 + Z C3 + Z L5 ) R7 |
= |
(15,75 + 21− j23,81+ j31,5) 42 |
= 19,93e j0,109 |
= 19,812 + j2,167 . |
|
R2 + R3 + Z C3 + Z L5 + R7 |
15,75 + 21− j23,81+ j31,5 + 42 |
|||||
|
|
|
|
Для сопротивления эквивалентного генератора получаем:
ZЭ = ZВХ. = 19,93ej0,109 = 19,812+j2,167.
Теперь найдем ток I6.
I 6 = J Э |
Z Э |
= 2,428e− j1,24 |
19,93e0,109 |
= 2,12e− j0,607 = 1,738 − j1,206 , А. |
|
|
|||
|
Z Э + Z 6 |
19,812 + j2,167 − j13,605 |
|
Из сравнения полученного результата со значением тока I6, найденным в п. 7, следует, что и по модулю, и по аргументу значения тока, рассчитанного по методу эквивалентного генератора тока и по МКТ совпадают, следовательно, расчет тока выполнен верно.
10. Построим векторные диаграммы токов и напряжений для узла 2 и контура из сопротивлений R2, R3, ZC3, ZL5 и R7 схемы, приведенной на рис. 17. Уравнение, составленное по первому закону Кирхгофа, для узла 2 будет иметь следующий вид:
J1 = I2 + I3.
Подставив в это уравнение числовые значения, получим тождество.
1,532 – j0,271 = 1,537 + j0,36 – 4,9 10–3 – j0,631.
32
Запишем уравнение по второму закону Кирхгофа для указанного контура:
− I 2 R2 + I 3 R3 + I 3 Z L3 + I 5 Z L5 + I 7 R7 = 0 .
После подстановки числовых значений получим:
1,578e j0,23 15,75 + 0,631e j1,579 21+ 0,631e j1,579 21e j1,57 + 2,22e− j0,92 31,5e j1,571 + 0,685e− j2,178 42 = 0.
Выбрав масштаб по току и напряжению, строим векторные диаграммы, которые приведены на рис. 23.
Для сравнения построим временные зависимости токов и напряжений, показанных на векторной диаграмме. Временные зависимости для токов i1(t), i2(t) и i3(t) имеют следующие выражения:
i1(t) = 2,2 cos(1000t − 0,175) А, i2 (t)= 2,232 cos(1000t + 0,23) А, i3 (t) = 0,892 cos(1000t − 1,579) А.
Графики временных зависимостей для токов приведены на рис. 24.
Рис. 23. Векторные диаграммы токов и напряжений для примера 2
Запишем временные зависимости для напряжений uR2t), uR3(t) и uС3(t).
uR2(t) = 35,156cos(1000t + 0,23), В; uR3(t) = 18,727cos(1000t – 1,579), В; uC3(t) = 21,232cos(1000t + 3,13375),В.
33
По полученным выражениям построим графики временных зависимостей uR2(t), uR3(t) и uL3(t). Для сравнения на этом же рисунке покажем график зависимости тока i3(t). Графики временных зависимостей для напряжений uR2(t), uR3(t), uС3(t) и тока i3(t) приведены на рис. 25.
Из графиков (рис. 25) видно, что ток i3(t) и напряжение uR3(t) совпадают по фазе, а ток i3(t) и напряжение uС3(t) сдвинуты по фазе друг относительно друга на π/2.
Рис. 24. Графики временных зависимостей для токов i1(t), i2(t) и i3(t)
Рис. 25. Графики временных зависимостей для напряжений uR2(t), uR3(t), uС3(t) и тока i3(t)
34
5.РАСЧЕТ ЭЛЕКТРИЧЕСКИХ ЦЕПЕЙ
СЗАВИСИМЫМИ ИСТОЧНИКАМИ
Для расчета линейных электрических цепей с зависимыми источниками применим те же методы, что и для цепей с независимыми источниками. Однако после составления системы уравнений по МКТ или МУН в правых частях уравнений будут присутствовать слагаемые, зависящие от искомых величин – токов (напряжений) в каких-либо ветвях схемы. Для того чтобы полученную систему уравнений привести к виду, пригодному для решения, необходимо в уравнениях управления зависимых источников, управляющие токи (напряжения) выразить через неизвестные переменные данной системы уравнений: узловые напряжения при использовании МУН или контурные токи при использовании МКТ. Перенеся затем неизвестные величины в левые части уравнений и решив систему уравнений, находим узловые напряжения или контурные токи, а затем и токи в ветвях.
Так, например, если в схеме рис. 8 идеальный источник напряжения Е2 является зависимым и уравнение управления имеет вид Е2 = KE I3, то система уравнений по МУН будет иметь следующий вид:
|
U |
|
2 (Y 2 + Y 4 + Y 3 )− U 3Y 3 = K E I 3Y 4 + E1Y 2 |
. |
(51) |
|||
|
||||||||
|
− |
U |
2Y 3 + |
U |
3 (Y 3 + Y 5 )= J |
|
|
|
|
|
|
|
Выразим управляющий ток через узловые напряжения: I3 = (U2 – U3)Y3. Подставим это выражение в первое уравнение системы и приведем ее к каноническому виду:
|
U |
|
2 (Y 2 + Y 4 + Y 3 − K E Y 3Y 4 )− |
U |
3 (Y 3 − K E Y 3Y 4 )= + E1Y 2 |
. |
(52) |
|||
|
|
|||||||||
|
− |
U |
2Y 3 + |
U |
3 (Y 3 + Y 5 )= J |
|
|
|||
|
|
|
|
Решив полученную систему уравнений, находим узловые напряжения U2 и U3, а затем и токи в ветвях схемы.
Пример 3. Расчет цепи с зависимыми источниками.
1. Пусть в схеме рис. 8 источник тока J4 является зависимым: J4 = KJ I5. Схема цепи, подлежащая расчету, приведена на рис. 26.
Рассчитаем токи в схемы. На первом этапе расчета система уравнений по МУН будет совпадать с системой записанной для независимого источника (53).
|
1 |
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
+ |
|
|
|
|
|
U |
|
− |
|
|
|
|
U |
|
= J |
|
+ |
|
|
|
|
|
|
E |
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
Z C3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
Z L5 |
|
|
|
3 |
|
4 |
|
|
|
Z C3 |
|
1 |
|
||||||||||
|
|
|
Z L5 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(53) |
|||||||||||||||
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
1 |
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
. |
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
= 0 |
|
||||||||||||||||
− |
|
U |
|
+ |
+ |
|
+ |
|
|
|
|
|
|
U |
|
|
|
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
|
Z |
L5 |
|
|
|
2 |
|
|
|
Z |
L5 |
|
|
R |
|
|
R |
+ Z |
C7 |
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
6 |
|
|
|
|
7 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
35
Рис. 26. Схема цепи с зависимым источником
Теперь учтем, что ток источника J4 зависит от тока в пятой ветви I5, и для того, чтобы система уравнений была разрешима относительно узловых напряжений U2 и U3, выразим в уравнении управления ток I5 через узловые напряжения:
J 4 |
= K J I 5 = K J |
|
U |
2 − |
U |
3 |
. |
(54) |
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
Z L5 |
|
2. На втором этапе решения системы подставим полученное выражение J4 (54) в первое уравнение системы (53). После преобразования система уравнений примет следующий вид (55):
|
1 |
|
|
|
|
1 |
|
|
|
K |
J |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
K |
J |
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
+ |
|
|
|
|
− |
|
|
|
|
U |
|
|
− |
|
|
|
− |
|
|
|
U |
|
= |
|
E |
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
|
Z C3 |
|
|
Z L5 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
Z L5 |
|
|
|
|
|
|
|
|
3 |
|
Z C3 |
|
1 |
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
Z L5 |
|
|
|
|
|
|
|
|
Z L5 |
|
|
|
|
|
|
|
(55) |
|||||||||||||||||||||
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
. |
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
− |
|
|
|
|
U |
|
+ |
|
|
|
|
|
+ |
|
|
|
|
|
+ |
|
|
|
|
|
|
|
U |
|
= 0 |
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
Z |
L5 |
|
|
|
2 |
|
|
Z |
L5 |
|
|
R |
|
|
|
R |
|
+ Z |
|
|
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
6 |
|
|
|
7 |
|
|
C7 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
3. Подставив в полученную систему уравнений числовые значения элементов и ко-
π
эффициента пропорциональности K J = 1,5e j 6 , получим систему (56):
|
1 |
|
|
|
|
1 |
|
|
|
1,5e |
j |
π |
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
1,5e |
j |
π |
|
|
|
|
97,23e j0,35 |
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
6 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
6 |
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
+ |
|
|
|
|
− |
|
|
|
|
|
|
|
U |
2 |
− |
|
|
− |
|
|
|
|
|
|
|
U |
3 |
= |
|
||||
− j92,6 |
j81 |
|
j81 |
j81 |
|
j81 |
|
− j92,6 |
|||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
− |
|
|
|
U |
|
+ |
|
|
|
|
+ |
|
|
|
|
|
+ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
U |
|
|
= 0 |
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
j81 |
|
|
2 |
|
|
j81 |
|
94,5 |
|
|
108 − j46,296 |
|
|
|
|
3 |
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
. (56)
После приведения к каноническому виду получим систему (57):
(− 9,259 10 |
−3 |
+ j1,449 10 |
−2 |
) U 2 − (− 9,259 10 |
−3 |
− j3,692 10 |
−3 |
) U 3 |
|
|
|||||||
|
|
|
|
= −0,359 + j0,987 |
|
||||||||||||
j1,235 10− 2 U |
|
+ (1,84 |
10− 2 |
− j8,8993 10−3 ) U |
|
= 0 |
|
|
|
|
. |
(57) |
|||||
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
2 |
|
|
|
|
36 |
|
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
4. Решим полученную систему уравнений методом Крамера. Для этого вычислим
главный определитель системы |
z и два вспомогательных |
1 и |
2. |
|||||||||||||||||||
|
z = |
|
|
|
(− 9,259 10−3 + j1,449 10−2 ) |
(− 9,259 10−3 − j3,692 10−3 ) |
|
= |
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
j1,235 10−2 |
|
|
|
(1,84 10− 2 − j8,8993 10−3 ) |
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
= |
− 8,566 10−5 |
+ j2,357 10−4 = 2,507 10− 4 e j 1,919. |
|
|
|||||||||||||
|
|
|
= |
|
(− 0359 + j987) |
(− 9,259 10−3 − j3,692 10−3 ) |
|
= 2,264 10−3 + j0,0214 = 0,0215 e j1,465 . |
||||||||||||||
|
|
|
|
|||||||||||||||||||
1 |
|
0 |
|
|
|
(1,84 10− 2 − j8,899310−3 ) |
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
= |
|
|
|
|
(− 9,259 10−3 + j1,449 10−2 ) |
(−0,359 + j987) |
|
= 0,01218 + j4,434 |
10−3 = 0,01296e j0,349 . |
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
2 |
|
|
|
|
j1,23510− 2 |
|
|
|
0 |
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
5. После вычисления определителей найдем узловые напряжения U2 и U3. |
||||||||||||||||||||||
U 2 |
= |
|
|
|
1 |
= |
|
0,0215e j1,465 |
= 85,779e− j0,454 = 77,085 − j37,627 В. |
|
||||||||||||
|
z |
|
2,507 10− 4 e j1,919 |
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
U 3 |
= |
|
2 |
= |
|
0,0129e0,349 |
|
= 51,7e− j1,57039 = 0,021− j51,7 В. |
|
|
||||||||||||
|
2,507 10− 4 e j1,919 |
|
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
z |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
6. Выразим токи в ветвях схемы через узловые напряжения.
I 2 |
= |
|
|
|
|
U |
1 |
= |
|
|
97,227e j0,349 |
= 2,4e j0,349 = 2,256 + j0,821 А. |
|
|||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
R2 |
|
|
|
|
40,5 |
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
I 3 |
|
= |
U |
1 − |
U |
2 |
|
= |
91,364 + j33,254 − 77,085 + j37,627 |
= 0,781e j2,9428 = −0,7655 + j1542 А. |
||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Z C3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
− j92,6 |
|
|||||||||
I 5 |
|
= |
U |
|
2 − |
U |
3 |
= |
|
77,085 − j37,627 − 0,21+ j51,7 |
= 0,967e− j1,39 |
= 0,174 − j0,951 А. |
||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Z L5 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
j81 |
|
|||||||||
I 6 |
|
= |
U |
3 |
= |
51,7e− j1,57039 |
= 0,547e− j1,57039 = 2,2236 10− 4 − j0.547 А. |
|||||||||||||||||||||||||||
|
||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
R6 |
|
|
|
|
94,5 |
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
I |
7 |
= |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
U |
3 |
|
|
|
|
|
= |
|
|
51,7e− j1,57039 |
= 0,44e− j1,165 = 0,1735 − j0,404 |
А. |
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
R |
|
+ Z |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||
|
|
|
C7 |
|
|
|
117,5e− j0,405 |
|
||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
7 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
37
Ток I1 в особой ветви схемы найдем по первому закону Кирхгофа, а ток I4 равен току источника тока J4.
I1 = I 2 + I 3 = 2,256 + j0,821− 0,7655 + j0,1542 = 1,49 + j0,975 = 1,781e j0,579 А.
I 4 = J 4 = K J I 5 = 1,5 e j |
π |
0,967e− j1,39 = 1,451e− j0,8666 = 0,939 − j1,106 А. |
6 |
7. Вычислим баланс активной и реактивной мощностей источников и потребителей. Активная потребляемая мощность равна:
Pпотр. = R2 I 22 + R6 I 62 + R7 I 72 = 40,5 2,42 + 94,5 0,547 2 + 108 0,442 = = 233,41 + 28,285 + 20,907 = 282,602 Вт.
Реактивная потребляемая мощность равна:
|
|
|
Z C 3 |
|
|
2 |
|
Z L 4 |
|
|
2 |
|
Z L5 |
|
|
2 |
|
Z C 7 |
|
|
2 |
|
|||
Q |
пот. |
= |
|
|
I |
3 |
+ |
|
|
|
I |
4 |
+ |
|
|
|
I |
5 |
+ |
|
|
|
I |
7 |
= |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||
|
|
j |
|
|
|
|
j |
|
|
|
|
j |
|
|
|
j |
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
= −92,6 0,7812 |
+ 67,5 |
1,4512 |
+ 81 0,967 2 |
− 46,296 0,442 |
= 152,4 ВАР. |
Для определения мощности источника тока предварительно определим напряжение на источнике UJ4 по формуле:
|
U |
J 4 = E1 − I 3 Z C 3 + I 4 Z L 4 = |
|
|
|
||
|
|
|
|
||||
= 91,364 + j33,234 − 0,781e j 2,9428 92,6e− j |
π |
+ 1,451e− j 0,8666 |
67,5e j |
π |
= |
||
2 |
2 |
= 153,888e j 0,1683 = 151,715 + j25,772.
Определим комплексную мощность источников. Мощность источника ЭДС равна:
*
S E = E1 I1 = 97,227e j0,349 1,781e− j0,579 = 173,174e j0,23 = 168,598 − j39,545 .
Мощность источника тока равна:
*
S J 4 = U J 4 I 4 = 153,888e j0,1683 1,451e j0,86666 = 223,248e j1,035 = 114 + j191,945 .
Суммарная мощность источников равна:
Sист. = S E1 + S J 4 = 168,598 − j39,545 + 114 + j191,945 = 282,602 + j152,4 .
38
Разделяя комплексную мощность источников на активную и реактивную получим:
Pист. = Pпот.; 282,602 = 282,602 ; Qист. = Qпот. 152,4 = 152,4 .
Вывод: расчет электрической цепи с зависимым источником выполнен правильно.
ЗАКЛЮЧЕНИЕ
В данных методических указаниях рассмотрены основные методы анализа электрических цепей на переменном токе. При рассмотрении различных методов расчета особое внимание уделяется как теоретическим вопросам, так и практическому применению данных методов. С этой целью после теоретических сведений приводятся конкретные примеры по применению данного метода расчета. На этих примерах с применением схем и использованием средств вычислительной техники показаны подходы, с помощью которых происходит освоение методов анализа сложных электрических цепей на переменном токе символическим методом. Описываемые методы используют понятия теории функций комплексных переменных и применимы в основном для цепей переменного тока. В общем случае искомые электрические величины могут быть найдены в результате совместного решения системы уравнений составленной для заданных неизвестных переменных.
БИБЛИОГРАФИЧЕСКИЙ СПИСОК
1.Атабеков Г. И. Основы теории цепей : учебник. – 3-е изд., стер. – СПб.: Лань, 2009. – 432 с.
2.Белецкий А. Ф. Теория линейных электрических цепей. – М.: Радио и связь, 1986.
–544 с.
3.Шебес М. Р. Задачник по теории линейных электрических цепей / М. Р. Шебес, М. В. Каблукова. – М.: Высш. шк., 1990. – 544 с.
4.Бакалов В. П. Основы теории электрических цепей и электроники / В. П. Бакалов, А. Н. Игнатов, Б. И. Крук. – М.: Радио и связь, 1989. – 528 с.
39
ПРИЛОЖЕНИЯ
1. Задание к курсовой работе
Курсовая работа состоит из двух частей, которые включают в себя решение следующих задач:
1)расчет цепи с независимыми источниками методом контурных токов или методом узловых напряжений, а также с применением теоремы об эквивалентном источнике напряжения или теоремы об эквивалентном источнике тока;
2)расчет цепи с зависимыми источниками методом контурных токов или методом узловых напряжений. Правильность решения каждой задачи проверяется расчетом баланса мощностей.
2.Расчет линейных электрических цепей с независимыми источниками
Для всех вариантов задания исходной является общая структура схемы, приведенная на рис. П1. На рис. П2 приведены двухполюсники, которые могут использоваться в качестве двухполюсников Z1 ÷ Z7 в схеме рис. П1. Здесь же указаны их порядковые номера.
Рис. П1. Общая структура схемы для расчета
Рассчитываемая схема составляется в соответствии с общей структурой рис. П1 по числовому коду, приведенному в табл. П1. Числовой код представляет собой семь цифр. Первая цифра кода означает номер двухполюсника, включаемого в качестве Z1 в схеме рис. П1, вторая – номер двухполюсника, включаемого в качестве Z2 и т. д. При этом индекс элементов, из которых состоит двухполюсник, должен соответствовать индексу двухполюсника в схеме рис. П1. Так, например, если в качестве двухполюсника Z5 в схему будет включен двухполюсник 12, то он должен быть изображен состоящим из последовательно соединенных сопротивления R5 и индуктивности L5.
Величины элементов и параметры источников энергии рассчитывают по следующим формулам:
Rn = 0,25 A (n +1), Ом; Ln = 0,25 A (n +1)10−3 , Гн; Cn = 0,5 A (n +1)10−6 , Ф; en (t) = 2,5 (A + n) cos(1000 t + n 0,35), В; in (t) = 0,1 (A + n) cos(1000 t − n 0,175), А,
где А – номер группы; n – индекс элемента.
40