Загальна фізика / Практичні заняття / Методичні вказівки до практичних занять з фізики №2
.3.pdfПеревiримо розмiрнiсть отриманої величини у вiдповiдi, враховуючи, що магнiтна стала має розмiрнiсть Н/А2
|
|
[BM1 ] = |
" |
Н |
|
А |
!# = [Н/(А м)] = [Тл]. |
(188) |
|
|
2 |
|
|||||
|
|
|
|
А · |
м |
|
||
|
|
~ |
|
|
|
|
|
|
Знайдемо вектор BM2 |
|
B~ M2 = B~ 1′ + B~ 2′ , |
|
|||||
|
|
|
|
(189) |
||||
де B~ M′ |
1 i B~ M′ |
2 – вектори магнiтної iндукцiї, якi iндукуються в точцi M2 вiд- |
повiдно струмами I1 та I2, якi течуть по прямих паралельних нескiнченних провiдниках (рис. 9).
Модулi векторiв B~ M′ |
1 |
i B~ M′ |
2 , як i ранiше, визначаються за формулами |
|||||||
B′ |
= |
µ0 µ I1 |
; |
B′ |
= |
µ0 µ I2 |
, |
(190) |
||
|
|
|||||||||
1 |
|
2π r3 |
2 |
|
2π r4 |
|
||||
|
|
|
|
|
|
де r3 = M2A = 0, 05 м; r4 = M2B = 0, 12 м – вiдстанi вiдповiдно вiд провiдникiв зi струмами I1 та I2.
Оскiльки вектори B~ M′ |
1 |
, B~ M′ |
2 |
|
неколiнеарнi, (рис. 9) модуль вектора B~ M2 |
||||||||||||||||||||||||||||||||||
знайдемо, використавши теорему косинусiв |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
BM2 = q |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
|
|
(B1′ )2 + (B2′ )2 + 2 B1′ |
B2′ |
cos ϕ , |
|
(191) |
|||||||||||||||||||||||||||||||||
де ϕ – кут мiж векторами B~ M′ |
1 |
|
i B~ M′ |
2 . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
~ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Отже, вектор BM2 дорiвнює |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 = v |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
B |
M |
|
I12 |
+ |
I22 |
+ |
|
2 I1 I2 |
|
cos ϕ . |
|
(192) |
|||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
u |
|
|
|
r |
2 |
|
|
|
r3 r4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
u r |
3 |
|
|
|
4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
u |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
t |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
Знайдемо cos ϕ = |
6 |
AM2B |
|
в трикутнику AM2B, використавши теорему |
|||||||||||||||||||||||||||||||||||
косинусiв, |
|
|
|
|
(AB)2 = r32 + r42 − 2 r3 r4 cos ϕ . |
|
|
||||||||||||||||||||||||||||||||
Звiдки |
|
|
|
|
|
(193) |
|||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
r32 + r42 − (AB)2 |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
cos ϕ = |
. |
|
|
|
|
|
(194) |
||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 r3 r4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
Знайдемо числове значення cos ϕ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
cos ϕ = |
52 + 122 − 102 |
|
|
= |
23 |
|
|
= 0, 575. |
|
(195) |
||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 · 5 · |
|
12 |
|
|
40 |
|
|
|
|
|
~ |
|
дорiвнює |
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
Згiдно з формулою (154) числове значення модуля вектора BM2 |
|||||||||||||||||||||||||||||||||||||||
|
4π · 10−7 |
v |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
BM2 = |
202 |
|
|
|
+ |
302 |
|
|
|
+ |
2 · 20 · 30 |
|
|
|
0, 575 = 943, 4 |
|
10−7 [Тл] . |
||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||
|
2π |
u |
0, 05 |
|
0, 12 |
|
|
|
0, 05 |
|
|
0, 12 · |
|
|
|
|
|
|
· |
|
|||||||||||||||||||
|
u |
|
|
|
|
|
|
|
· |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||
|
|
t |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(196) |
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
41
Вiдповiдь: BM1 = 2, 5 · 10−4 Тл ; BM2 = 943, 4 · 10−7 Тл.
Задача №14. Вздовж кiльця з мiдного провiдника з площиною перерiзу 1 мм2 йде струм величиною 10 А. В розрив кiльця включена рiзниця потенцiалiв 0,15 В. Знайти iндукцiю магнiтного поля в центрi кiльця.
I |
= |
10 А |
I |
= |
10 А |
S = |
1 мм2 |
S = |
10−6 м2 |
||
U |
= |
0,15 В |
U |
= |
0,15 В |
ρмдн |
= |
0, 17 · 10−7 Ом · м2 |
ρмдн |
= |
0, 17 · 10−7 Ом · м2 |
µ0 |
= |
4 · 3, 14 · 10−7 Н/А |
µ0 |
= |
4 · 3, 14 · 10−7 Н/А |
µ |
= |
1 |
µ |
= |
1 |
|
|
|
B |
= |
? |
|
|
|
|
|
|
~ |
|
|
|
|
З визначення модуль вектора B магнiтної iндукцiї в центрi кiльця радiусом |
||||
r, по якому тече струм I, дорiвнює |
|
|
|
|
µ0 |
µ I |
|
||
B = |
|
|
. |
(197) |
|
|
|||
|
2 r |
|
Згiдно з законом Ома для дiлянки кола, яка включає опiр R (в даному випадку R – опiр всього кiльця) i рiзницю потенцiалiв U , можна написати рiвняння
U = I R . |
(198) |
Опiр R мiдного провiдника пропорцiйний довжинi l провiдника i обернено пропорцiйний площi S поперечного зрiзу провiдника
R = ρ |
l |
, |
(199) |
|
S |
||||
|
|
|
де l – довжина провiдника, в даному випадку – це довжина кiльця радiусом r, яка дорiвнює
|
|
|
l = 2π r . |
|
|
Звiдки |
2π r |
|
|
I 2π r |
|
|
|
|
|||
R = ρ |
|
, |
U = I ρ |
|
. |
S |
S |
З останньої формули знайдемо радiус r мiдного кiльця
|
r = |
U S |
. |
|
||
|
|
|
||||
|
|
|
I 2π ρ |
|
||
Звiдки остаточно отримаємо, що |
|
|
|
|
||
|
µ µ I |
|
µ µ π ρ I2 |
|
||
B = |
0 |
|
= |
0 |
|
. |
2 r |
|
U S |
||||
|
|
|
|
(200)
(201)
(202)
(203)
42
Пiсля пiдстановки числових значень отримаємо
B = 4 · 3, 14 · 10−7 · 1 · 3, 14 · 0, 17 · 10−7 · 102 0, 15 · 10−6
Перевiримо розмiрнiсть отриманої величини, враховуючи, |
||||||||
вектора магнiтної iндукцiї дорiвнює [B] = |
Н |
|
|
|
||||
А · м |
||||||||
|
|
|
|
|||||
[B] = |
Н · Ом · м · А2 |
= |
Н · Ом · м · А2 |
|
|
|||
|
||||||||
|
А2 · В · м2 |
А2 · А · Ом · м2 |
Вiдповiдь: B = 44 · 10−6ι Тл.
[Тл] . (204)
що розмiрнiсть
(205)
Задача №15. Напруженiсть магнiтного поля H в центрi колового витка, радiус якого r = 10 см, дорiвнює H = 40 А/м. Визначити вiдстань на осi симетрiї витка вiд центра витка до точки, де напруженiсть магнiтного поля не перевищує значення H1 ≤ 15 А/м.
H |
= |
40 А/м |
|
H |
= |
|
40 А/м |
|
|
r |
= |
10 см |
|
r |
= |
|
0,1 м |
|
|
H1 |
≤ |
15 А/м |
2 |
H1 |
≤ |
|
15 А/м |
2 |
|
µ0 |
= |
4 · 3, 14 · 10−7 |
Н/А |
µ0 |
= |
4 · 3, 14 · 10−7 |
Н/А |
|
|
µ |
= |
1 |
|
µ |
= |
1 |
|
|
|
|
|
|
|
r1 |
≤ |
? ~ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Вiдомо, що модуль вектора магнiтної iндукцiї B в центрi колового витка |
|||||||||
дорiвнює |
|
|
|
|
µ0 µ I |
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
B = |
|
. |
(206) |
||
|
|
|
|
2 r |
Окiльки напруженiсть магнiтного поля H = |
B |
|
, напруженiсть магнiтного |
|||
µ µ |
||||||
|
|
|
|
|||
поля в центрi колового витка дорiвнює |
|
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
||
H = |
I |
. |
|
|
(207) |
|
|
|
|
||||
|
2 r |
|
|
|
Звiдки можна знайти струм вздовж витка, який утворює, згiдно з умовою
задачi, напруженiсть H = 40 |
А/м в центрi колового витка |
|
|
I = 2 H r . |
(208) |
Тобто, струм, що тече вздовж витка, дорiвнює величинi |
|
|
I = |
2 · 40 · 0, 1 [м] = 8 [м] . |
(209) |
43
Вiдомо, що напруженiсть магнiтного поля H1 в точцi на осi симетрiї колового витка на вiдстанi r1 вiд площини кiльця дорiвнює
|
|
I r2 |
|
|
H1 = |
|
|
. |
(210) |
|
|
|||
|
|
|||
|
r(2 (r2 + r12))3 |
|
Звiдки знайдемо, на якiй вiдстанi r1 вiд площини кiльця напруженiсть поля не буде перевищувати значення H1 ≤ 15 А/м
або
Звiдки
|
|
|
|
4 |
r2 |
|||||
|
|
|
|
√3 |
|
|
r2 |
|||
|
|
|
|
4 |
||||||
r |
+ r1 |
= v |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
I2 r4 |
|||||||||
2 |
2 |
u |
||||||||
2 |
|
|
||||||||
3 |
|
4 H1 |
||||||||
|
|
u |
||||||||
|
|
t |
|
|
|
|
|
|
+ r12 3 H12 = I2 r4 ,
|
3 |
|
|
3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
+ r12 qH12 = √I2 r4 . |
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
2 |
4 |
|
1/3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
2 |
|
I r |
|
|
|
2 |
|
||
|
|
|
|
v |
|
|
|
|
|||||
|
|
r1 |
= u |
4 H |
2 |
|
− |
r |
. |
||||
|
|
|
u |
1 |
|
|
|
||||||
|
|
|
|
u |
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
t |
|
|
|
|
|
|
(211)
(212)
Пiсля пiдстановки числових значень, отримаємо
|
v |
|
82 |
|
0, 14 |
|
1/3 |
|
|
2 |
|
|
|
|
|
r1 |
= u |
4 |
· |
15 |
2 |
|
|
− |
0, 1 |
|
[м] |
|
0, 6 [м] . |
(213) |
|
|
u |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
u |
|
· |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
t |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Отже, вiдстань вiд площини витка не повинна перевищувати значення 0, 6 м, щоб напруженiсть магнiтного поля не перевищувала значення 15 А/м. Перевiримо розмiрнiсть вiдповiдi
v |
|
А2 |
· |
м4 |
1/3 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
м |
2 |
6 |
) |
1/3 |
|
м |
2 |
= м . |
(214) |
|||||||
[r1] = u |
|
|
2 |
|
|
|
= (м |
|
|
|
||||||||
u |
(А/м) |
− |
|
|
r |
|
|
− |
|
|
|
|
||||||
u |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
u |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
t |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Вiдповiдь: r1 ≤ 0, 6 м .
Задача №16. Вздовж провiдникової рамки, яка має форму рiвнобiчного п’ятикутника, тече струм I = 100 А. Довжина сторони п’ятикутника a = 10 см. Визначи-
~
ти iндукцiю B магнiтного поля в центрi п’ятикутника – в точцi, яка розташована на рiвних вiдстанях вiд всiх зарядiв, що розташованi у вершинах п’ятикутника.
44
I |
= |
100 А |
I |
= |
100 |
А |
a |
= |
10 см |
a |
= |
0, 1 |
м |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
B |
= |
? |
|
|
|
|
|
|
|
|
Кожна сторона п’ятикутника, по якiй те- |
|
~ |
~ |
че струм I = 100 А, iндукує магнiтне поле Bi. Вектори магнiтної iндукцiї Bi
в центрi п’ятикутника вiд кожного з однакових струмiв I, однаковi за модулем i спрямованi (згiдно з правилом правого гвинта) перпедикулярно до
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
~ |
|
площини п’ятикутника (рис. 10). Тому модуль вектора B згiдно з принципом |
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
~ |
|
суперпозицiї полiв дорiвнює алгебраїчнiй сумi модулiв векторiв Bi |
|
||||||||||||
~ |
|
|
5 |
|
~ |
|
|
|
5 |
|
|
|
|
B = |
X |
Bi |
|
B = |
X |
Bi. |
(215) |
||||||
|
|
i |
− |
1 |
|
|
|
|
i |
− |
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
~ |
тотожньо дорiвнюють один |
||||
Враховуючи те, що кожний з п’яти векторiв Bi |
|||||||||||||
одному, останнiй вираз приймає вигляд |
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
B = 5 B1. |
|
|
|
|
(216) |
||
~ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Модуль вектора Bi визначається за формулою |
|
|
|
|
|
||||||||
|
B1 = |
|
µ0 µ I |
(cos α1 |
− cos α2), |
(217) |
|||||||
|
|
4π r0 |
де вiдстань r0, кути α1 та α2 вiдображенi на рис. 10.
Враховуючи, що α2 = π − α1 (рис. 10), i те, що cos α2 = − cos α1, формулу
(162) можна представити у виглядi |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
µ0 µ I |
|
|
|
|
|
5 µ0 µ I |
|
|
|
|
|
||
B1 = |
|
· cos α1 |
|
|
B = |
|
· cos α1 . |
(218) |
||||||
2π r0 |
2π r0 |
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2π |
|
Знайдемо r0 та α1 з рiвнобiчного трикутника AOC: кут |
6 |
AOC = ϕ = |
|
= |
||||||||||
5 |
||||||||||||||
72o, тому кут α1 = |
2π − ϕ |
= 54o. Найкоротша вiдстань вiд центра п’ятикутника |
||||||||||||
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
до його сторони дорiвнює (рис. 10) |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
a |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
r0 = |
|
tg α1 . |
|
|
|
(219) |
||||
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|||||||
Звiдки |
|
|
|
|
5 π µ0 µ I |
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
B = |
|
cos 54o. |
|
|
|
(220) |
|||||
|
|
|
|
π a tg 54o |
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Пiдставивши числовi значення, отримаємо величину модуля вектора магнiт-
~ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
ної iндуцiї B в центрi п’ятикутного провiдника зi струмом (у вакуумi µ = 1) |
||||||||||
B = |
5 · 4 π · 10−7 · 1 · 100 · 0, 59 |
= 0, 85 |
· |
10−3 |
[Тл] . |
(221) |
||||
|
π |
· |
0, 1 |
· |
1, 38 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
45
Перевiримо розмiрнiсть отриманої величини
|
H А |
|
= " |
H |
# = [Тл]. |
|
А2 |
(222) |
|||||
[B] = |
м |
|
А м |
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Вiдповiдь: B = 0, 85 · 10−3 Тл .
Задача №17. Металевий стержень (провiдник) довжиною l =15 см розташований перпендикулярно до нескiнченно довгого прямого провiдника, по якому тече струм I = 2 А. Знайти силу, яка дiє на стержень, з боку магнiтного поля, яке утворюється провiдником, якщо по стержню тече струм I1 = 0, 5 А, вiдстань вiд нескiнченно довгого провiдника до найближчого кiнця стержня дорiвнює r = 5 см.
I |
= |
2 А |
I |
= |
2 А |
l |
= |
15 см |
l |
= |
15 · 10−2 м |
r |
= |
5 см |
r |
= |
5 · 10−2 м |
I1 |
= |
0, 5 А |
I1 = |
0, 5 А |
|
µ0 |
= |
4 · 3, 14 · 10−7 Н/А2 |
µ0 |
= |
12, 56 · 10−7 Н/А2 |
µ |
= |
1 |
µ |
= |
1 |
|
|
|
F |
= |
? |
|
|
|
|
|
|
За законом Бiо-Савара-Лапласа струм I, який тече вздовж нескiнченно довгого провiдника (рис. 11), утворює магнiтне поле. Причому напрям вектора магнiт-
~
ної iндукцiї B визначається за правилом правого гвинта i на довiльнiй вiдстанi вiд провiдника лежить в площинi, яка є перпендикулярною до напряму струму в провiднику.
Тобто, якщо струм I в провiднику тече вертикально до долу, то в усiх точках,
~
якi лежать на стержнi, вектор Bx направ-
лений перпендикулярно до нього i до нас. Рис. № 10:
~
Модуль вектора Bx в довiльнiй точцi x на стержнi згiдно з законом Бiо- Савара-Лапласа дорiвнює
|
µ0 µ I |
|
Bx = |
2π x . |
(223) |
46
На нескiнченно малий вiдрiзок стержня dx, який знаходиться на деякiй довiльнiй вiдстанi x вiд нескiнченно прямого провiдника згiдно з законом
~
Ампера, дiє сила dFА, модуль якої пропорцiйний струму I1, що тече вздовж
~
стержня, i пропорцiйний модулю вектора магнiтної iндукцiї Bx в данiй точцi стерженя на вiдстанi x вiд нього i дорiвнює
|
dFА = I1 Bx dx sin α , |
|
dFА = |
µ0 µ I I1 dx |
, |
(224) |
|
|
2π x |
||||||
|
~ |
~ |
|
|
|
|
0 |
де α – кут мiж векторами Bx i dx, який за умовою даної задачi дорiвнює 90 , |
|||||||
i тому sin α = 1. |
~ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Всi нескiнченно малi сили dFА за правилом векторного добутку векторiв |
||||||
~ |
~ |
|
|
|
|
|
|
Bx та dx (правилу лiвої руки) лежать в площинi рисунка i спрямованi верти-
кально до гори. Тому модуль сумарної сили FА дорiвнює сумi всiх нескiнченно
~
малих сил dFА, коли x пробiгає значення вiд r до r + l або
r+l |
r+l µ µ I I1 dx |
|
µ0 µ I I1 |
r+l |
|
FА = Z |
dFА = Z |
0 |
= |
|
Z |
2π x |
2π |
||||
r |
r |
|
|
|
r |
Пiсля iнтегрування маємо
dxx . (225)
|
|
|
|
|
|
µ0 µ I I1 |
ln x|rr+l = |
µ0 µ I I1 |
|
r + l |
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
FА = |
|
|
|
|
|
ln |
|
|
. |
|
|
(226) |
|||||
|
|
|
|
2π |
|
2π |
|
|
r |
|
|
||||||||||
Пiсля пiдстановки числових значень отримаємо |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
F |
А |
= |
4 · 3, 14 · 10−7 · 1 · 2 · 0, 5 |
|
ln |
5 · 10−2 + 15 · 10−2 |
[Н] = 2, 8 |
· |
10−7 |
[Н] . |
|||||||||||
|
|
2 |
· |
3, 14 |
|
|
|
5 |
· |
10 |
− |
2 |
|
|
|
|
|
(227) |
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Перевiримо розмiрнiсть вiдповiдi |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
[FА] = |
|
Н · А2 |
= Н . |
|
|
|
|
|
|
(228) |
|||||
|
|
|
|
|
|
|
А2 |
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Вiдповiдь: FА = 2, 8 · 10−7 Н.
Задача №18. В однорiдному магнiтному полi, iндукцiя якого становить
~ |
0 |
з вертикал- |
B = 2 Тл (вектор магнiтної iндукцiї B складає кут α = 30 |
|
лю), вертикально вгору починає рухатися прямий провiдник масою m = 2 кг, вздовж якого тече струм I = 4 А. Через t=3 с пiсля початку руху провiдник має швидкiсть v=10 м/с. Визначити довжину провiдника.
47
B |
= |
2 Тл |
I |
= |
4 А |
α |
= |
300 |
m = |
2 кг |
|
t |
= |
3 с |
v= 10 м/с
l = ?
На провiдник, що рухається в магнiтному полi, дiють (рис.12) двi сили: |
||||
|
|
|
~ |
|
сила тяжiння p~ = m ~g та сила Ампера FА, напрям якої визначається за пра- |
||||
|
|
~ |
~ |
|
вилом векторного добутку векторiв l та B (за правилом лiвої руки). Причому, |
||||
~ |
|
|
~ |
~ |
напрям вектора FА |
перпендикулярний до векторiв l та B (рис. 12), а модуль |
|||
~ |
|
|
|
|
сили FА дорiвнює |
|
|
|
|
FА = I l B sin β = I l B , |
(229) |
|
||
де l та β = 900 – вiдповiдно шукана дов- |
|
|||
жина провiдника, що рухається в магнiт- |
|
|||
|
~ |
|
~ |
|
ному полi, та кут мiж векторами l та B. |
|
|||
~ |
|
|
|
|
Вектор FА можна розкласти на два |
|
|||
|
~ |
та |
|
|
компоненти: вздовж осi OX – FАx |
|
|||
~ |
~ |
дiє на |
|
|
вздовж осi OZ – FАz . Вектор FАx |
|
|||
провiдник в напрямку, який є перпенди- |
|
|||
кулярним до вектора швидкостi провiд- |
|
ника i при розглядi руху провiдника вздо-
~ |
|
вж вертикалi вгору складову силу FАx можно не враховувати. Складова сила |
|
~ |
Рис. № 11: |
FАz визначає рух провiдника вздовж осi OZ. Модуль цiєї сили дорiвнює |
|
FАz = FА cos γ = FА sin α , |
(230) |
де γ = 900 − α – кут мiж вiссю OZ та вектором FА.
Згiдно з другим законом Ньютона, прискорений рух провiдника вздовж
|
~ |
|
осi OZ вiдбувається завдяки дiї рiвнодiючої сил ~p = m~g та FАz . Тобто |
|
|
~ |
~ |
(231) |
FАz − p~ = FАz − m~g = m~a . |
Враховуючи, що FАz = I l B sin α, перепишемо рiвняння Ньютона в скалярному виглядi (проекцiя на вiсь OZ)
I l B sin α − m g = m a . |
(232) |
||
Звiдки |
|
||
l = |
m(a + g) |
. |
(233) |
|
|||
|
I B sin α |
|
48
Прискорення руху провiдника a знайдемо з рiвняння a = v/t. Тодi остаточно довжина провiдника дорiвнює
|
l = |
m(v/t + g) |
. |
|
(234) |
||||
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
I B sin α |
|
|
|||||
Пiсля пiдстановки числових величин отримаємо |
|
|
|||||||
l = |
2(10/3 + 9, 8) |
[м] = 6, 55 [м] . |
(235) |
||||||
4 · 2 · 0, 5 |
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|||
Перевiримо розмiрнiсть вiдповiдi |
|
|
|
|
|
||||
[l] = |
кг · м/с2 |
|
= |
Н · А · м |
= м . |
(236) |
|||
А · Н/(А · м) |
А · Н |
||||||||
|
|
|
|
Вiдповiдь: l = 6, 55 м .
Задача №19. В однорiдному магнiтному полi, iндукцiя якого дорiвнює B = 0, 6 Тл, рiвномiрно перемiщується провiдник довжиною l = 20 см, розташований перпендикулярно до силових лiнiй магнiтного поля (β = 900). По провiднику тече струм I = 4 А. Знайти швидкiсть, з якою необхiдно перемiщувати провiдник, яка складає кут 300 до лiнiй магнiтного поля, щоб потужнiсть p, з якою буде перемiщено провiдник, не перевищувала б величину 1 Вт.
B |
= 0, 6 Тл |
B |
= 0, 6 Тл |
||
l |
= |
20 см |
l |
= |
0, 2 м |
β |
= |
900 |
β |
= |
900 |
α |
= |
300 |
α |
= |
300 |
p ≤ 0, 1 Вт |
p ≤ 0, 1 Вт |
||||
|
|
|
v |
= |
? |
|
|
|
|
|
|
Вiдомо, що сила, з якою магнiтне поле дiє на провiдник зi струмом, це
~
сила Ампера FА, яка дорiвнює
~ |
~ ~ |
FА = l B sin β = I B , |
(237) |
FА == I |
l, B |
де β = 900 (sin β = 1) – кут мiж напрямом провiдника та вектором магнiтної
~ |
|
iндукцiї B. |
|
|
~ |
Вiдомо, що потужнiсть p, яку необхiдно розвинути проти сили Ампера FА |
|
для рiвномiрного перемiщення провiдника в магнiтному полi, дорiвнює |
|
p = ~v F~ = − ~v F~А = −FА v cos γ, |
(238) |
|
|
~ |
|
де γ – кут мiж векторами швидкостi та сили F . Знак ”−” свiдчить про те, |
|||
~ |
~ |
~ |
~ |
що зовнiшня сила F |
спрямована проти сили FА. Тобто F = −FА. |
Виходячи з визначення сили Ампера як векторного добутку, можна ствер-
~ |
|
~ |
~ |
|
джувати, що FА є перпендикулярним до векторiв B та l, кут γ дорiвнює |
||||
γ = 900 − α |
|
cos γ = sin α = sin 300 = 0, 5. |
(239) |
Тому потужнiсть, яку необхiдно розвинути для перемiщення провiдника в напрямку проти сили Ампера, дорiвнює
p = −FА v cos γ = −0.5 I l B v. |
(240) |
Знак ”-” свiдчить про те, що роботу по перемiщенню провiдника у магнiтному
~
полi виконує зовнiшня сила F (тобто виконуємо ми), яка спрямовона проти
~ ~
сили Ампера F = −FА.
Звiдки швидкiсть, з якою перемiщується провiдник, щоб потужнiсть не
перевищувала значення 0,1 Вт, не повинна перевищувати значення |
|
||||
0, 1 ≥ −0.5 I l B v |
|
−v ≤ |
0.1 |
. |
(241) |
|
|||||
0.5 I l B |
Знак ”– ” перед швидкiстю говорить про те, що вона спрямована у протилежний бiк порiвняно з напрямом сили Ампера.
Пiсля пiдстановки числових значень, отримаємо, що модуль швидкостi не бiльше, нiж
0.1
v ≤ 0.5 · 4 · 0, 2 · 0, 6 0, 42 [м/с].. (242) Перевiримо розмiрнiсть отриманого значення
[v] = |
Дж/с |
= |
Н м/с |
= м/с. |
(243) |
|
|
|
|
||||
A · м · Н/А м |
A · м · Н/(А м) |
|||||
Вiдповiдь: v ≤ 0, 42 |
м/с. |
|
|
|
|
Задача №20. Провiдний квадратний контур зi стороною a = 10 см, по якому тече струм I = 100 А, вiльно установився в однорiдному магнiтному полi B = 1 Тл. Визначити роботу A, яку виконують зовнiшнi сили, для повороту провiдного контуру вiдносно осi, яка проходить крiзь його середину i середини його протилежних сторiн на кути: 1) ϕ1 = 90o i 2) ϕ2 = 3o. При обертаннi контуру струм в ньому залишається незмiнним.
50