- •Глава V. Дифференциальные уравнения
- •§1. Основные понятия и определения
- •§ 2. Дифференциальные уравнения первого порядка.
- •1. Дифференциальные уравнения с разделяющимися переменными
- •2. Однородные дифференциальные уравнения первого порядка
- •3. Линейные дифференциальные уравнения первого порядка
- •§ 3. Дифференциальные уравнения второго порядка
- •1. Дифференциальные уравнения, допускающие понижение порядка
- •2. Линейные однородные дифференциальные уравнения второго порядка с постоянными коэффициентами
- •3. Линейные неоднородные дифференциальные уравнения второго порядка с постоянными коэффициентами
- •§4. Приложения дифференциальных уравнений
§ 3. Дифференциальные уравнения второго порядка
Дифференциальное уравнения второго порядка в общем случае записывается в виде
F(x; у; у'; у'') = 0. (5.16)
Для этих уравнений остается справедливым определение общего решения (интеграла), с той лишь разницей, что теперь оно будет содержать две произвольные постоянные:
у = (х; C1; C2) – общее решение;
Ф(х; у; C1; C2) = 0 – общий интеграл.
Задача Коши для дифференциальных уравнений второго порядка формулируется следующим образом: найти решение у = у(х) уравнения (5.16), удовлетворяющее начальным условиям
или
где заданные числа.
1. Дифференциальные уравнения, допускающие понижение порядка
Эти уравнения имеют вид
у'' = f(x), (5.17)
где f(x) – заданная функция.
Данные уравнения решаются путем двукратного интегрирования. Понизим порядок уравнения, полагая у' = z , тогда у'' = z' и уравнение (5.17) принимает вид z' = f(x) или f(x), откуда dz = f(x) dx. После интегрирования обеих частей получим
z = ,
где F(х) – одна из первообразных для функции f(x);
C1 – постоянная интегрирования.
Так как z = y', то
у' = F(x) + C1, или dу = F(x) dx + C1 dx.
Отсюда, интегрируя еще раз, получим общее решение уравнения (5.17)
y = G(x) + C1x + C2 .
Пример 1. Решить дифференциальное уравнение
у'' = e2х, если у(0) = 0; у'(0) = 0.
Решение. Положим у' = z , тогда у'' = z' и, следовательно,
z' = e2х, или .
Умножая обе части этого уравнения на dх, после интегрирования получим:
,
.
Осуществляя обратную замену: z = y', имеем у' = .
Разделим переменные и проинтегрируем второй раз, тогда получим общее решение исходного уравнения
у = .
Для решения задачи Коши воспользуемся начальными условиями:
у = 0 при х = 0 и у' = 0 при х = 0.
Поставляя эти значения в выражения для у и у', получим два уравнения относительно неизвестных C1 и C2.
откуда
Искомое частное решение уравнения имеет вид
у = .
Найти общие решения уравнений:
69. |
у'' = 3 – 2х |
70. |
у'' = |
71. |
у'' = 12х2 + 6х + 2 |
72. |
х2у'' = 2 |
73. |
у'' = sin x + cos x |
74. |
y'' = ln x |
75. |
y'' = |
76. |
y'' = 2 sin x cos2 x
|
Найти частные решения уравнений:
77. у'' = sin 3x, если |
78. (х – 1 ) у'' = 1, если у(2) = 0, у'(2) = 0 |
79. cos2 x y'' = 1, если у(0) = 0, у' |
80. у'' = хeх, если у(0) = 1, у'(0) = 0
|
2. Линейные однородные дифференциальные уравнения второго порядка с постоянными коэффициентами
Определение 1. Линейным однородным дифференциальным уравнением второго порядка с постоянными коэффициентами называется уравнение вида
у'' + ру' + qy = 0, (5.18)
где р и q – постоянные.
Определение 2. Линейной комбинацией функций у1(х) и у2(х) с коэффициентами C1 и C2 называется выражение вида
C1 у1(х) + C2 у2(х).
Определение 3. Если линейная комбинация C1 у1(х) + C2у2(х) равна нулю, только когда коэффициенты C1 и C2 равны нулю, то функции у1(х) и у2(х) называются линейно независимыми, в противном случае – линейно зависимыми.
Общее решение уравнения (5.18) можно найти по его известным частным решениям у1(х) и у2(х).
Теорема 1 (о структуре общего решения линейного однородного дифференциального уравнения). Если у1(х) и у2(х) – линейно независимые частные решения уравнения (5.18), то общее решение этого уравнения является линейной комбинацией этих частных решений, т. е. имеет вид
у = С1 у1(х) + С2 у2(х),
где С1 и С2 – действительные числа.
Итак, для нахождения общего решения уравнения (5.18) достаточно найти два его линейно независимых частных решения. Будем искать эти частные решения в виде у = еkх, где k = const; тогда у' = kеkх, у'' = k2еkх. Подставляя эти выражения в уравнение (5.18), получим
еkх(k2 + рk + q) = 0.
Так как еkх 0, то
k2 + рk + q = 0. (5.19)
Это уравнение называется характеристическим уравнением исходного дифференциального уравнения (5.18).
Решая характеристическое уравнение (5.19), найдем его корни k1 и k2, а, следовательно, и частные решения уравнения (5.18):
у1(х) = ; у2(х) = .
Общее решение дифференциального уравнения (5.18) строится в зависимости от характера корней характеристического уравнения. Справедлива теорема.
Теорема 2.
1. Пусть характеристическое уравнение (5.19) дифференциального уравнения (5.18) имеет различные действительные корни k1 и k2 (дискриминант D > 0). Тогда общее решение уравнения (5.18) имеет вид
у = C1 +C2 . (5.20)
2. Если характеристическое уравнение (5.19) имеет действительные равные корни k1 = k2 = k (D = 0), то общее решение уравнения (5.18) имеет вид
у = .(5.21)
3. Если характеристическое уравнение (5.19) имеет комплексные корни k1 = а + ib и k2 = а – ib (D < 0), здесь i = мнимая единица, а, b 0 – действительные числа, то общее решение уравнения (5.18) имеет вид
у = eах (C1 cos bx + C2 sin bx), (5.22)
где .
Здесь C1 и C2 – произвольные постоянные.
Пример 1. Найти частные решения следующих уравнений:
1. у'' 3у' + 2у = 0, у(0) = 3, у'(0) = 4.
2. у'' 2у' + у = 0, у(0) = 1, у'(0) = 0.
3. у'' 4у' + 13у = 0, у(0) = 1, у'(0) = 8.
Решение.
1. Составим характеристическое уравнение
k2 – 3k + 2 = 0,
откуда его корни k1 = 1, k2 = 2 (D > 0). Тогда общее решение данного дифференциального уравнения имеет вид
у = C1 eх + C2 e2х.
Дифференцируя общее решение, получим:
у' = C1 eх + 2 C2 e2х.
Согласно заданным начальным условиям имеем
откуда C1 = 2, C2 = 1. Таким образом, искомым частным решением является функция
у = 2 eх + e2х .
2. Характеристическое уравнение
k2 – 2k + 1 = 0
имеет при D = 0 действительные и равные корни k1 = k2 = k = 1. Тогда согласно п. 2 Теоремы 2 общее решение дифференциального уравнения имеет вид
у = eх (C1 + C2 х).
Так как у = 1 при х = 0, то C1 = 1 и поскольку у' = eх (C1 + C2х) + C2eх и у' = 0 при х = 0, то C2 = 1. Таким образом, частное решение запишется в виде
у = (1 – х) eх.
3. Составляем характеристическое уравнение k2 – 4k + 13 = 0 и при D < 0 находим его корни: k1 = 2 + 3i и k2 = 2 – 3i. Здесь а = 2, b = 3, поэтому согласно п.3 Теоремы 2 общим решением является функция
у = e2х(C1 cos 3x + C2 sin 3x).
Учитывая, что у(0) = 1, получим C1 = 1.
Продифференцируем общее решение
у' = 2у 3e2х(C1 sin 3x – C2 cos 3x)
и учтем, что у'(0) = 8. Тогда получим C2 = 2. Таким образом, приходим к частному решению
у = e2х(cos 3x + 2 sin 3x).
Найти решения уравнений
81. |
у'' 5у' + 4у = 0 |
82. |
у'' 2у' + 2у = 0 |
83. |
у'' 4у' + 3у = 0 |
84. |
у'' 4у = 0 |
85. |
у'' + 4 у' = 0 |
86. |
у'' + 3у' + 2у = 0 |
87. |
у'' 6у' + 9у = 0 |
88. |
у'' 4у' + 4у = 0 |
89. |
у'' + 2ау' + а2у = 0 |
90. |
у'' 3у' = 0 |
91. |
у'' 2у' + 2у = 0 |
92. |
у'' + у = 0 |
93. |
у'' 6у' +45у = 0 |
94. |
у'' + 4у' + 8у = 0 |
Найти частные решения уравнений
95. у'' + 5у' + 6у = 0, если у(0) = 1, у'(0) = 6 |
96. у'' 9у = 0, если у(0) = 2, у'(0) = 6 |
97. у'' у' 2у = 0, если у(0) = 3, у'(0) = 0 |
98. у'' + 3у' + 2у = 0, если у(0) = 1, у'(0) = 3 |
99. у'' 10у' + 25у = 0, если у(0) = 2, у'(0) = 8 |
100. у'' + 6у' + 9у = 0, если у(0) = 2, у'(0) = 1 |
101. у'' + 2у' + 5у = 0, если у(0) = 1, у'(0) = 1 |
102. у'' 2у' + 2у = 0, если у(0) = 1, у'(0) = 3 |
103. у'' 2у' + 10у = 0, если у= 0, у'= |
104. 9у'' + у = 0, если у= 2, у'= 0 |
105. у'' + у = 0, если у'(0) = 1, у'= 0 |
106. у'' + 9у = 0, если у(0) = 0, у'= 1 |