- •Теоретическая механика
- •Лекция №1 основные понятия и аксиомы статики
- •1.1 Сила и система сил
- •1.3 Связи и их реакции
- •Лекция № 2 плоская система сходящихся сил
- •2.1 Геометрический метод сложения сил, приложенных в одной точке
- •2.2 Проекция сил на ось
- •Катет прямоугольного треугольника равен гипотенузе, умноженной на косинус прилежащего угла или на синус противолежащего угла.
- •2 Рис. 3.4.3 Проекция векторной суммы на ось
- •2.4 Определение реакций связи аналитическим методом
- •Этапы решения
- •Лекция № 3 пара сил и моменты сил
- •3.1 Пара сил
- •3.2 Сложение и равновесие пар сил на плоскости
- •3.3 Момент силы относительно точки
- •Лекция № 4 определение опорных реакций
- •4.1 Опорные устройства балочных систем
- •4.2 Виды балок
- •4.3 Виды нагрузок
- •4.4 Равновесие плоской системы сил
- •4.5 Решение задач на определение опорных реакций
- •3) Решаем уравнения:
- •Лекция № 5 центр тяжести
- •5.1 Центр тяжести простых геометрических тел
- •5.3 Положение центров тяжести профилей проката
4.4 Равновесие плоской системы сил
Условие равновесия произвольной плоской системы сил - произвольная плоская система сил находится в равновесии, когда алгебраические суммы проекций сил на координатные оси и сумма моментов равны нулю:
Первый вид: Второй вид: Третий вид:
Fix = 0 Fix = 0 МА = 0
Fiу = 0 МА = 0 МВ = 0
Мо = 0 МВ = 0 МС = 0
4.5 Решение задач на определение опорных реакций
Для решения задач надо составить столько уравнений равновесия, сколько неизвестных сил в задаче. Для определения опорных реакций двухопорной балки (RAx, RAy и RВ) необходимо составить три уравнения равновесия второго вида: Fix = 0, МА = 0, МВ = 0.
Пример 4.1. Определить опорные реакции балки, изображенной на рис. 4.4, а, нагруженной парой с моментом М = 10 кНм, сосредоточенной силой F = 4 кН и распределенной нагрузкой интенсивностью q = 1,5 кН/м.
Решение.
1) Чертим расчетную схему (рис. 4.5). На расчетной схеме заменяем распределенную нагрузку q ее равнодействующей Fq = qb, которая прикладывается посредине нагруженного участка b. Освобождаем балку от опор, а их действие заменяем реакциями - RAу, RAx и Rb. Проставляем расстояния между всеми силами и моментами – a, c, d, а также общую длину балки – l.
2) Составляем уравнения
равновесия:
Flx
= 0 RAx
= 0;
МА
= 0 -M
+ qb(а
+ с) + Fl
- RB
l
=0.
МВ
= 0 - qbd
- М
+ RAyl
= 0;
Rb
=
=
= 8,37 кН
RАy
==4,62кН
3) Решаем уравнения:
а)
б)
Рис. 4.4 Расчетная схема
4) Проверяем найденные значения реакций:
Fiv = 0; RAy - qb +RB - F = 4,63 – 1,56 + 8,37 - 4 = 0. Реакции найдены верно.
Лекция № 5 центр тяжести
5.1 Центр тяжести простых геометрических тел
Центр тяжести тела – это точка приложения силы тяжести
Центр тяжести симметричной фигуры лежит на оси симметрии.
Центр тяжести параллелограмма, прямоугольника, квадрата лежит в точке С пересечения диагоналей (рис. 5.1).
Центр тяжести треугольника лежит на пересечении медиан (рис. 5.2).
В
хс =b;
ус = h
прямоугольном треугольникехс =1/3 b, ус = 1/3 h (рис. 5.2).
С
Рис. 5.1 Рис. 5.2 Рис. 5.3
Координаты центра тяжести плоских геометрических фигур определяют по формуле (5.1):
хс = ; ус =, (5.1)
где хс , ус – координаты центра тяжести всей фигуры;
хi , уi - координаты центра тяжести отдельных составных частей, из которых состоит фигура; Аi – площадь отдельных составных частей фигуры;
А – площадь всей фигуры.
Пример 5.1. Определить координаты центра тяжести плоской фигуры с круглым отверстием, изображенной на рис. 5.3.
Решение. Разбиваем фигуру на три части: два прямоугольника I и II и круглое отверстие III. Вычисляем координаты центров тяжести и площади этих частей:
х1 = 350 мм; у1 = 300 мм; А1 = 600700 = 4200102 мм2;
х2 = 500 мм; у2 = 850 мм; А2 = 400500 = 2000102 мм2;
х3 = 350 мм; у3= 380 мм; А3 = --= - 804102мм2 (минус означает, что А3 – отверстие).
Вычисляем координаты центра тяжести всей фигуры:
xc == 407 мм
ус == 492 мм