- •Теоретические сведения к занятию № 3
- •3. ЭЛЕКТРОХИМИЧЕСКИЕ ЯВЛЕНИЯ И ПРОЦЕССЫ
- •3.1. Значимость изучаемой темы
- •3.2. Требования к исходному уровню знаний и умений
- •3.3. Содержание темы. Основные понятия и определения
- •3.3.1. Окислительно-восстановительные реакции
- •3.3.2. Электродные потенциалы
- •Металлические электроды
- •Водородный электрод
- •Кислородный электрод
- •3.3.3. Гальванические элементы
- •Правила схематической записи гальванического элемента
- •Явления поляризации в гальванических элементах
- •3.3.4. Электролиз
- •Электролиз растворов электролитов
- •Катодные процессы
- •Анодные процессы
- •Электролиз раствора K2SO4 на инертных (графитовых) электродах
- •Электролиз расплавов электролитов
- •Количественные соотношения при электролизе
- •3.4. Примеры решения типовых задач
- •3.5. Контроль усвоения темы
- •3.5.1. Индивидуальные задания
- •3.5.2 Вопросы для тестового контроля знаний
- •Теоретические сведения к занятию № 4
- •4.1. Значимость изучаемой темы
- •4.2. Требования к исходному уровню знаний и умений
- •4.3.1 Электрохимическая коррозия
- •4.3.2. Методы защиты металлов от коррозии
- •4.4 Примеры решения типовых задач
- •4.5. Контроль усвоения темы
- •4.5.1. Индивидуальные задания
- •4.5.2. Вопросы: для тестового контроля знаний
- •ПРИЛОЖЕНИЕ
mAg =nЭ Э =0,05 108 = 5,4 г ( ЭAg = A / n =108 /1 = 108 г/ моль). Для этого по-
требовалось 0,05 F зарядов электричества, т.е. Q = 0,05·96500 = 4825 Кл.
4. Массы выделившихся при электролизе веществ зависят от количества прошедшего электричества и эквивалентов этих веществ и не зависят от давления, температуры и концентрации электролита.
Показателем эффективности электролиза является величина выхода по току (ВТ, %), определяемая как отношение массы вещества, фактически полученного вданныхусловиях(mпр ), кмассевещества, рассчитаннойпозаконуФарадея( mp ):
В |
Т |
= |
mпр. |
= |
mпр. F |
100% |
или B |
Т |
= |
Qр |
, |
(3.27) |
mр |
Э J τ |
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
Qпр |
|
Qпр > Qp из-за явления поляризации и перенапряжения. Вт < 100%.
3.4. Примеры решения типовых задач
Задача1. Определите направление протекания реакции Mn + Ni2+ ' Ni +Mn2+ при 298 К и CMn2+ =10−2 моль/л, CNi2+ =10−2 моль/л. Составьте схему гальваниче-
ского элемента, работающего на основе данной реакции. Укажите анод и катод, напишите уравнения электродных процессов и токообразующей реакции. Рассчитайте ЭДС элемента и G°298 .
Решение. Направление самопроизвольного протекания окислительновосстановительных реакций в растворах электролитов определяется соотношением потенциалов взаимодействующих систем, т.к. потенциал является количественной оценкой окислительно-восстановительной способности каждой из систем.
• Реакция идет в том направлении, для которого потенциал окислителя больше потенциала восстановителя: ϕок >ϕвосст .
Выпишем из таблицы (приложение) значения стандартных электродных
потенциалов взаимодействующих электрохимических систем:
ϕ°Mn2+ / Mn = –1,179 В ; ϕ°Ni2+ / Ni = –0,250 В.
Вычислим значения электродных потенциалов при указанных в условии задачи концентрациях ионов по уравнению Нернста.
ϕMn2+ / Mn = ϕ°Mn2+ / Mn + 0,059n lg CMn2+ = −1,179 + 0,0592 lg10−2 = −1,238 B ϕNi2+ / Ni =ϕ°Ni2+ / Ni + 0,059n lg CNi2+ = −0,250 + 0,0592 lg10−4 = −0,368 B
Сравним окислительно-восстановительную активность взаимодействующих систем в указанных условиях по рассчитанным значениям потенциалов:
Mn2+ + 2e ' Mn , |
φ |
Mn |
2+ |
/ Mn |
= –1,238 В; |
||||
|
|
|
|
|
|||||
Ni2+ + 2e ' Ni , |
ϕ |
Ni |
2+ |
/ Ni |
= –0,368 В. |
||||
|
|
|
|
|
|
|
25
Окисленные формы в этих системах Mn2+ и Ni2+ . Так как больший потенциал у системы, содержащей Ni2+ , то и окислительные свойства сильнее у этого иона, чем у Mn2+ . Из двух восстановленных форм ( Mn и Ni ) в соответствии с потенциалами более сильным восстановителем является Mn , т.к. легче окисляется, отдает электроны тот восстановитель, потенциал которого меньше. Окислительные свойства Ni2+ и восстановительные свойства Mn реализуются во взаимодействии:
Mn + Ni2+ → Ni + Mn 2+
То, что реакция будет протекать именно в этом направлении, можно показать расчетом ЭДС. При таком направлении процесса схема гальванического элемента на его основе будет иметь вид:
А(–) Mn Mn 2+ Ni2+ Ni (+)К A : Mn − 2e = Mn2+
K : Ni2+ + 2e = Ni
Уравнение токообразующей реакции элемента в ионной форме: Mn + Ni2+ ↔ Ni + Mn 2+
Е = ϕкатода −ϕанода = ϕNi2+ / Ni −ϕMn 2+ / Mn = −0,368 −(−1,238) = 0,87 В.
Положительное значение ЭДС свидетельствует о том, что направление протекания процесса определено правильно. При постоянных Р и Т самопроизвольным изменениям в системе соответствует уменьшение свободной энергии Гиббса ( G < O). В рассматриваемом примере
G°298 = −n F E = −2 96500 0,87 = −167,9 кДж.
Задача 2. Составьте схемы двух гальванических элементов, в одном из которых кадмий (Cd) является анодом, а в другом - катодом. Напишите уравнения электродных процессов и вычислите значения стандартных ЭДС каждого элемента. Решение. Чтобы составить работающий гальванический элемент (Е > 0), необходимо правильно подобрать взаимодействующие электрохимические системы с учетом окислительно-восстановительной активности каждой, т.е. выполнить
следующее условие ϕкатода > ϕанода В стандартных условиях* (Т = 298 К, Р = 101,325 кПа, концентрация по-
тенциалопределяющих ионов 1 моль/л) для этой цели используют ряд напряжений металлов (табл., приложение). Каждый электрод ( Меn+ / Me ) этого ряда при сочетании с любым из электродов, стоящих ниже, является отрицательным электродом (анодом) гальванического элемента (меньше потенциал, сильнее восстановительные свойства), и на нем протекает реакция окисления, а присоединенный электрод является положительным электродом (катодом) гальванического элемента (больше потенциал, сильнее окислительные свойства), и на нем протекает реакция восстановления.
* Если в задаче не оговариваются условия по концентрации потенциалопределяющих ионов, условия считаем стандартными.
26
При сочетании данного электрода с электродом, стоящим выше, т.е. обладающим более отрицательным потенциалом, результат будет противоположным.
Например:
Cd2+ + 2e ' Cd , |
ϕ |
Cd |
2+ |
/ Cd |
|
ϕ |
|
||
Pb2+ + 2e ' Pb , |
Pb |
2+ |
/ Pb |
|
|
|
|
=–0,403 В;
=–0,126 В.
При таком сочетании потенциалов взаимодействующих систем суммарный окислительно-восстановительный процесс самопроизвольно будет осуществляться при условии протекания восстановительной реакции на свинцовом элек-
троде, а окислительной – на кадмиевом (ϕкатода > ϕанода ). Следовательно, электродная реакция процесса с меньшим потенциалом записывается в обратном направлении, а процесса с большим потенциалом – в том виде, в каком она представлена в таблице потенциалов (см. приложение).
Схема гальванического элемента, где бы кадмий служил анодом:
А(–) Cd Cd2+ Pb2+ Pb (+)К A : Cd − 2e =Cd2+
K : Pb2+ + 2e = Pb .
Уравнение токообразующей реакции элемента в ионной форме:
Cd +Pb2+ ↔ Pb +Cd2+
E° = ϕ°катода −ϕ°анода = ϕ°Pb2+ / Pb −ϕ°Cd2+ / Cd = −0,126 −(−0,403) = 0,277 В.
Рассуждая аналогично, составим гальванический элемент, где бы кадмий служил катодом.
Cd2+ + 2e ' Cd , |
|
|
|
|
|
ϕ |
Cd |
2+ |
/ Cd |
= –0,403 В; |
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Mg2+ + 2e ' Mg, |
|
|
|
|
|
ϕMg2+ / Mg |
= –2,363 В. |
|||||
Схема гальванического элемента: |
|
|
|
|
||||||||
А(–) Mg |
|
Mg2+ |
|
|
|
Cd2+ |
|
Cd (+)К |
|
|||
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
A : Mg − 2e = Mg2+
K : Cd2+ + 2e = Cd .
Уравнение токообразующей реакции элемента в ионной форме: Mg + Cd2+ ' Cd + Mg2+
E° = ϕ°катода −ϕ°анода = ϕ°Pb2+ / Pb −ϕ°Cd2+ / Cd = −0,403 −(−2,363) = 1,96 В
Задача 3. Гальванический элемент состоит из железного электрода, погруженного в 0,1 М раствор сульфата железа, и водородного электрода, погруженного в 0,1 М раствор соляной кислоты; степени электролитической диссоциации FeSO4 и HCl соответственно равны 60 и 100%.Составьте схему элемента, на-
пишите уравнения электродных процессов и рассчитайте при 298 К и PH2 =101,325 кПа ЭДС элемента.
27
Решение. Чтобы составить схему и определить ЭДС элемента, необходимо вычислить электродные потенциалы предлагаемых электрохимических систем в указанных условиях. Для этого в таблице приложения находим значения стандартных электродных потенциалов систем Fe / Fe2+ (-0,44 В) и Pt,H2 / 2H+
(0,00 B) и рассчитываем значения потенциалов по уравнению Нернста.
Так как величина электродного потенциала металла зависит от концентрации его ионов в растворе, определим концентрацию ионов Fe2+ в 0,1 М FeSO4 .
Сильные электролиты диссоциируют необратимо: FeSO4 → Fe2+ +SO4 |
2− , |
||||||||||||
|
|
C± |
= n α CM ; CFe2+ |
= n α CM |
=1 0,6 0,1 =0,06 моль/л |
|
|||||||
Электродный потенциал железа: |
|
|
|
|
|
||||||||
ϕ |
2+ |
= ϕ° 2+ |
|
+ |
0,059 |
lg C |
|
2+ = −0,44 + |
0,059 |
lg 6 10−2 = −0,476 B |
|||
Fe |
/ Fe |
Fe |
/ Fe |
|
n |
|
Fe |
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
Потенциал водородного электрода равен |
ϕ |
2Н |
+ |
= –0,059рН |
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
/ Н2 |
|
Для определения рН 0,1 М раствора HCl рассчитаем концентрацию ионов Н+ в этом растворе: CH+ = n α CM =1 1 0,1 =10−1 моль/л (n=1, α=1).
Подставляя рассчитанные значения, получим рН = −lgCH+ = −lg10−1 =1 и соответственно ϕ2Н+ / Н2 = −0,059 1= −0,059 B
Сравним окислительно-восстановительную активность взаимодействующих систем в указанных условиях:
Fe2+ + 2e ' Fe , |
|
ϕ |
Fe |
2+ |
/ Fe |
= –0,476 В; |
||||||
|
|
|
|
|
|
ϕ |
|
|
|
|||
2H+ + 2e ' H |
2 |
, |
|
|
+ |
/ H2 |
= –0,059 В. |
|||||
Поскольку ϕ |
|
|
|
|
|
2H |
|
|
||||
2H |
+ |
/ H2 |
> ϕ |
Fe |
2+ |
/ Fe |
, то катодом этого гальванического элемента |
|||||
|
|
|
|
|
|
будет водородный электрод, а анодом – железный электрод (ϕ°катода >ϕ°анода ). В соответствии с этим работает следующая гальваническая цепь:
А(–) Fe 0,1М FeSO4 0,1М HCl H2 ,Pt (+)К A : Fe − 2e = Fe2+
K : 2H+ + 2e = H2 .
Fe + 2H+ ' H2 + Fe2+
E = ϕкатода −ϕанода = ϕ2H+ / H2 −ϕ°Fe2+ / Fe = −0,059 −(−0,476) = 0,417 В
Задача 4. Через три электролизера, соединенных последовательно, содержащих растворы CuSO4 , NaNO3 , HCl в течение 5 мин пропускали ток постоянной си-
лы. Определите силу тока и массы (объемы) веществ, выделившихся на графитовых электродах, если в первом электролизере получено 1,6 г Cu . Решение. В соответствии с правилами составим схемы электролиза растворов указанных электролитов на графитовых электродах. Так как в условии задачи
28
не указаны значения рН растворов солей, считаем рН = 7. HCl –кислота, поэтому рН < 7:
а) |
|
К(–) |
C |
|
|
|
CuSO4 , H2 O |
C |
|
|
(+)А |
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
↓pH = 7 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Cu 2+ |
← Cu 2+ +SO4 2− → SO4 2− |
|||||||||||||||||||
|
|
H2 O |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
H2 O |
||||
|
-------------------------------------------------------------- |
|||||||||||||||||||||
|
Cu 2+ +2e = Cu |
|
|
|
|
|
|
|
|
2H2 O −4e = O2 +4H+ , |
||||||||||||
б) |
|
К(–) |
C |
|
NaNO3 , H2 O |
|
C |
|
|
(+)А |
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
↓pH = 7 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
− |
|||||
|
|
Na+ |
← Na+ +NO3− → |
NO3 |
||||||||||||||||||
|
|
H2 O |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
H2 O |
|||||
|
-------------------------------------------------------------- |
|||||||||||||||||||||
|
2H2 O +2e = H2 +2OH− |
|
|
|
|
|
|
|
|
2H2 O −4e = O2 + 4H+ , |
||||||||||||
в) |
|
К(–) |
C |
|
HCl, H2 O |
|
C |
|
|
|
|
|
|
(+)А |
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
↓pH < 7 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
H+ |
← H+ +Cl− → Cl− |
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
H2 O |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
H2 O |
|||||
|
-------------------------------------------------------------- |
|||||||||||||||||||||
|
|
2H+ +2e = H2 |
|
|
|
|
|
|
Cl− −2e = Cl2 |
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Выполнить согласно условию задачи необходимые расчеты можно двумя способами:
1способ.
1.Согласно закону Фарадея (3.26), имеем
J = mAnτF ,
где m – масса выделившегося на электроде вещества, г; А – атомная масса или мольная масса атомов, г/ моль; n – валентность элемента в соединении;
F– постоянная Фарадея, Кл/ моль;
τ– время электролиза, с.
Подставив в приведенную формулу числовые значения, получим
J = 1,6 2 96500 =16 A 64 5 60
2.Согласно второму закону Фарадея (3.22) можно записать для случая (а)
29
m |
Cu = |
Э |
Cu |
, |
откуда V |
= |
mCu VЭО2 |
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
VO2 |
VЭО2 |
|
O2 |
|
|
ЭCu |
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
Так как mCu = 1,6 г; VЭО2 |
= 5,6 л/ моль; |
ЭCu |
= |
A |
|
= |
64 |
= 32 г/ моль, полу- |
|||||||
n |
2 |
||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
чим VO2 =1,6 5,6/32 =0,28 л.
Поскольку через электролизеры при последовательном соединении проходит одинаковое количество электричества, то объем кислорода выделившегося на аноде в случае (б) будет таким же, тогда согласно второму закону Фарадея
можно записать для случая (б) |
VH2 |
= |
VЭН2 |
, откуда V = |
VO2 VЭН2 |
. |
||
|
|
|
|
|||||
|
VO |
|
|
VЭО |
H2 |
VЭО |
|
|
|
2 |
|
|
2 |
|
|||
|
|
2 |
|
|
|
|||
Подставив значения VО2 = 0,28 л; |
VЭН2 = 11,2 л/ моль; VЭО2 = 5,6 л/ моль, |
|||||||
получим VН2 =0,28·11,2/5,6 = 0,56 л. |
|
|
|
|
Аналогично проводятся расчеты для случая (в), при этом необходимо учесть:
ЭСl 2 |
= 1 моль атомов, |
ЭCl 2 |
|
|
= A = 35,5/1 = 35,5 г/ моль |
|
|
→ |
|
|
n |
VЭCl 2 |
= 11,2 л/ моль, т.к. |
|
|
1 моль молекул Cl2 – 71г – 22,4 л |
|
|
|||||
|
|||||
|
|
|
|
|
1 моль атомов Сl – 35,5г – 11,2 л |
|
|
|
|
|
VH |
|
= |
VЭН |
; → |
V = |
VO |
VЭCl |
2 |
= |
0,56 11,2 |
=0,56 л |
|
|
2 |
2 |
|
2 |
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
VCl |
|
VЭСl |
|
Cl2 |
|
VЭH |
|
|
|
11,2 |
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|||||
|
2 |
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
II способ.
Поскольку через электролизеры согласно условию задачи проходит одинаковое количество электричества, то по второму закону Фарадея на всех электродах указанных систем выделится одинаковое число эквивалентов ( nЭ ) лю-
бых веществ. |
ЭCu = A / n = 64 / 2 = 32 г/ моль, то при электролизе выделится |
Так как |
nЭ=m/Э=1,6/32 = 0,05 моль эквивалентов меди, следовательно, такое же число
эквивалентов других веществ выделилось на всех электродах указанных электролизеров, т.е.
VO2 =nЭ VЭО2 =0,05 5,6 =0,28 л
VН2 =nЭ VЭН2 =0,05 11,2 =0,56 л
VCl2 =nЭ VЭCl2 =0,05 11,2 =0,56 л
Для этого потребовалось 0,05 F зарядов электричества,
т.е. Q = 0,05·96500 = 4825 Кл . Следовательно, J = Q/ τ = 4825/(5·60) = 16 А
Задача 5. Определите массу никеля, которая выделится при электролизе раствора нитрата никеля в течение 1 ч при токе 26,8 А, если выход никеля по току равен 80%.(Электроды инертные).
30
Решение. Составим схему электролиза
К(–) |
C |
Ni(NO3 )2 , H2 O |
C |
|
(+)А |
|
|
|
|||||
|
|
↓pH = 7 |
|
|
|
|
Ni2+ |
← Ni2+ + NO3 − → |
|
NO3 − |
|||
H2 O |
|
|
|
|
H2 O |
|
-------------------------------------------------------------- |
||||||
Ni2+ +2e = Ni |
2H2 O −4e = O2 +4H+ , |
|||||
2H2 O +2e = H2 +2OH− |
|
|
|
Согласно условию задачи через ячейку проходит Q = J·t = 26,8·1 = 26,8 А ч. По закону Фарадея при пропускании 26,8 А ч электричества (1 F) на электродах испытывает превращение 1 моль эквивалентов вещества, следовательно,
mp = ЭNi = А / n = 59 / 2 = 29,5 г.
Так как Вт = mпр 100%, то практически на катоде выделится масса никеля mp
mпр = Вт·mр = 0,8·29,5 = 23,6 г
Задача 6. Рассчитайте потенциал разложения 1М раствора сульфата кобальта (П) при 298 К на платиновых электродах. Составьте схемы электролиза и внутреннего гальванического элемента. Перенапряжение кислорода на платине составляет 0,45 В.
Решение. Запишем схему электролиза раствора CoSО4 на электродах из платины, считая рН = 7.
K(–) |
Pt| CoSO4, H2O |Pt |
(+)A |
|
↓pH = 7 |
|
Co2+ |
← Co2+ + SO42– → |
SO42– |
H2O |
|
H2O |
---------------------------------------------------------------------
Co2+ + 2 e |
= Co |
|
2H2O – 4 e = O2 + 4H+. |
2H2O + 2 e = H2 + 2OH − |
|
Выделение Со на катоде и О2 на аноде приводит к возникновению внутреннего гальванического элемента, схема которого будет иметь вид
A(–) Со, Pt | CoSО4, Н2О | Pt, O2 (+)К А: Со – 2 e = Cо2+
К: O2 + 4H+ + 4 e = 2Н2О.
Процессы, протекающие на электродах этого элемента, препятствуют протеканию тока от внешнего источника. Поэтому приложенное извне напряжение должно превышать ЭДС данного гальванического элемента (ЭДС поляризации)
Еполяр = ϕкатода – ϕанода = ϕ O2 / 2H2O – ϕ Co2+ / Co
31