ВМ Контрольна 1 вариант 1
.doc
БЕЛОРУССКИЙ ГОСУДАРСТВЕННЫЙ УНИВЕРСИТЕТ
ИНФОРМАТИКИ И РАДИОЭЛЕКТРОНИКИ
Кафедра высшей математики
Факультет ФНиДО
Специальность ПОИТ
Контрольная работа № 1
по дисциплине «Высшая математика»
Вариант № 1
Выполнил студент: Янченко А.А.
группа 191003
Зачетная книжка № 191003-31
Барань 2011
Задача1
Даны четыре вектора;;;, заданные в декартовой системе координат. Требуется: 1) вычислить скалярное произведение ; 2) вычислить векторное произведение ; 3) показать, что векторы образуют базис и найти координаты вектора в этом базисе.
Решение
1) Найдем вектор
2() = () = (4; 2; -2).
Тогда (f1, f2, f3) = (4 - (-2); 2 - 5; - 2 - 3) = (6; -3; -5).
Скалярное произведение векторов найдем по формуле:
= = b1f1 + b2f2 + b3f3 = 1 6 + 3 (-3) + 0 (-5) = 6 - 9 + 0 = -3
б) Найдем вектор
3(1; 3; 0) = (3 1; 3 3; 3 0) = (3; 9; 0)
Тогда (е1, е2, е3) = (2 - 3; 1- 9; -1 – 0) = (-1; - 8; -1)
Векторное произведение векторов найдем по формуле:
3) Найдем смешанное произведение векторов :
Т.к. ≠ 0, значит данные векторы не компланарны. Таким образом, они линейно независимы и образуют базис.
Найдем координаты вектора d в этом базисе.
Это равенство равносильно следующим равенствам:
2x + 1 y - 2 z = - 6 2x + у - 2z = - 6
1 x + 3y + 5z = 20 x + 3y + 5z = 20
-1 x + 0 y + 3z = 10 - x + 3z = 10
Решим данную систему. Из 3-го уравнения получаем х = 3z - 10. Подставим полученное выражение для x в 1-ое уравнение:
2 (3z – 10) + y – 2z = - 6 у = - 4z + 14
Подставим полученные выражения для x и z вo 2-oе уравнение:
3z - 10 + 3(- 4z + 14) + 5z = 20
z = 3
x = 3 3 – 10 = - 1
y = - 4 3 + 14 = 2
Тогда
Таким образом, вектор в базисе имеет координаты х = - 1; у = 2; z = 3
Ответ: 1) - 3; 2) ; 3)
Задача 11
Даны координаты вершин пирамиды :,, ,. Найти:
1) длину ребра ;
2) уравнение прямой ;
3) угол между рёбрами и ;
4) уравнение плоскости ;
5) угол между ребром и гранью ;
6) уравнение высоты, опущенной из вершины на грань ;
7) площадь грани ;
8) объём пирамиды;
9) сделать чертёж.
Решение
1) Найдем длину ребра А1А2 по формуле:
2) Уравнение прямой А1А2 напишем в виде уравнения прямой, проходящей через две точки А1 и А2:
- уравнение прямой А1А2.
Вектор - направляющий вектор прямой А1А2.
3) Угол между ребрами А1А2 и А1А4 найдем как угол между векторами :
- направляющий вектор прямой А1А4.
^
Следовательно, (А1А2, А1А4) = = arccos 0,906 0,436(рад) 25о
4) Найдем уравнение плоскости А1А2 А3 по трем точкам:
(x-3)( 10 + 0) – (y - 1)( - 8 - 12 ) + ( z - 4)(0 + 20) = 0
10(x-3) + 20(y - 1) + 20( z - 4) = 0
10x + 20y + 20z - 130 = 0
x + 2y + 2z - 13 = 0 – общее уравнение плоскости А1А2 А3.
= (A, B, C) = (1; 2; 2) – нормальный вектор плоскости А1А2 А3.
5) Найдем угол между гранью А1А2 А3 и ребром А1 А4:
, где
A, B, C - координаты нормального вектора плоскости А1А2 А3 ,
- координаты направляющего вектора прямой А1А4.
= arccin 0,356 = 0,364(рад) 20,85о
6) Найдем уравнение высоты, опущенной из вершины на грань ; по формуле:
,
где N(A, B,C) – нормальный вектор к плоскости А1А2 А3, являющийся направляющим вектором искомой высоты.
Имеем:
7) Найдем площадь грани А1 А2 А3.
8) Найдем объём пирамиды по формуле:
V = ,
где S- площадь грани А1 А2 А3, h – высота, опущенная из вершины А4.
Найдем длину высоты h как расстояние от точки А4 (0; 4; -1) до
плоскости А1 А2 А3:
9) Сделаем чертеж пирамиды:
Ответ: 1); 2) ; 3) 25о; 4) x + 2y + 2z - 13 = 0;
5) 20,85о ; 6) ; 7) 15 (ед.кв.); 8) (ед.куб.)
Задача 21
Найти координаты точки , симметричной точке относительно прямой .
Решение
Исходя из заданного уравнения прямой запишем ее параметрическое уравнение:
х = 4,5 + t
y = - 3 – 0,5t
z = 2 + t
Ее направляющим вектором будет вектор (1; - 0,5; 1).
Проекция точки М (точка F) на заданную прямую имеет координаты:
F = (4,5 + t; - 3 – 0,5t; 2 + t)
Тогда вектор = (хF – хМ; уF – уМ; zF – zМ) = (4,5 + t - 2; - 3 – 0,5t – (-1); 2 + t – 1) = (t + 2,5; - 0,5t - 2; t + 1)
Т.к. направляющий вектор заданной прямой и вектор перпендикулярны, то скалярное произведение этих векторов будет равно нулю:
= 0 или
(t + 2,5) · 1 + (- 0,5t - 2) · (- 0,5) + (t + 1) · 1 = 0 2,25t = - 4,5 t = - 2
Тогда получим координаты точки F:
F= (4,5 + t; - 3 – 0,5t; 2 + t) = (4,5 - 2; - 3 – 0,5 (-2); 2 - 2) =
= (2,5; - 2; 0)
Итак, точка F(2,5; - 2; 0) – точка пересечения с заданной прямой перпендикуляра, опущенного из точки М. Координаты искомой симметричной точки М найдем из формул:
х М = 2хF – хМ = 2 · 2,5 – 2 = 3
y М = 2yF – yМ = 2 · (- 2) – (-1) = - 3
z М = 2zF – zМ = 2 · 0 – 1 = - 1
Получили точку М (3; - 3; -1) – точка, симметричная точке М относительно заданной прямой.
Ответ: (3; - 3; -1)
Задача 31
Составить уравнение линии, каждая точка которой равно удалена от точки и от оси абсцисс.
Решение
Пусть точка М(х; у) принадлежит искомой линии, а точка В(х; о) – проекция точки М(х; у) на ось Ох.
По условию .
Находим векторы
= у
Возведем в квадрат обе части равенства:
= у2
- уравнение искомой линии. Приведем его к каноническому виду:
Получили уравнение параболы с вершиной в точке (2; 1).
Ответ: