Таким образом, вероятность того, что все купленные билеты оказались выигрышными увеличилась в два раза.
2. Случайные величины
Перед решением задач по этой теме следует усвоить основные понятия, связанные со случайными величинами: дискретные и непрерывные случайные величины, законы их распределения; изучить примеры распределений; оценить роль числовых характеристик случайных величин.
Кроме того, следует разобрать приведенные в комплексе примеры 5-8.
Пример 5 Прибор состоит из двух независимо работающих блоков А и В, каждый из которых собран из нескольких независимых элементов (рис.1),
вероятности отказов которых |
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
р1 = р2 = 0.2, |
р3 = р4 = р7 = 0.3; р5 = р6 = 0.25, |
р8 = 0.278 |
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
5 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
3 |
|
|
|
6 |
|
8 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
А |
|
|
В |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
2 |
|
|
4 |
7 |
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Рис 1 При отказе блока он подлежит полной замене, причем стоимость
замены блока А равна С1 = 5 единицам стоимости, блока В – С2 = 10 единиц. Предполагается, что за определенный период времени Т ни один блок не потребует повторной замены.
Найти случайную величину η - стоимость восстановления прибора за период времени Т:
1)построить ряд и функцию распределения,
2)вычислить математическое ожидание, дисперсию и среднее квадратическое отклонение,
3)построить многоугольник распределения и график функции распределения.
Решение. 1. Определим значения случайной величины η, которая является дискретной. Случайная величина η «стоимость ремонта» может принимать только четыре значения.
х1 = 0 - ни один блок не потребует замены; х2 = С1 = 5 - только блок А потребует замену; х3 = С2 = 10 - только блок В потребует замену; х4 = С1 +С2 = 15 - оба блока потребуют замену.
Чтобы вычислить вероятность каждого из значений хi, следует сначала найти вероятности выхода из строя блоков А и В.
Обозначим А - выход из строя блока А, Ai – отказ i-го элемента (i = 1,2,3,4). Блок А откажет, если откажет хотя бы одна из его частей (первая состоит из элементов 1 и 2, вторая – 3 и 4). Первая часть откажет, если откажут оба элемента, т.е. произойдет событие А1А2, вторая - если произойдет А3 А4. По определению суммы событий
А= А1 А2 + А3 А4.
Всилу теоремы сложения вероятностей совместных событий
Р(А) = Р(А1 А2 + А3 А4) = Р(А1 А2) + Р( А3 А4) – Р(А1 А2 А3 А4)
В силу независимости событий Аi, получим
Р(А) = Р(А1) ·Р(А2) + Р(А3)· Р(А4) - Р(А1)·Р(А2)· Р(А3) ·Р(А4) = = 0.2·0.2 + 0.3·0.3 – 0.2·0.2·0.3·0.3 = 0.1264.
Сразу определим вероятность того, что блок А не откажет за время Т (событие
А)
Р( А) = 1- Р(А) = 1-0.1264 = 0.8736.
Обозначим В – выход из строя блока В, а Вi – отказ i-го элемента (i = 5,6,7,8). Блок В потребует ремонта, если откажут все элементы ветви, состоящей из элементов 5,6 и 7, или элемент 8, а также если откажут все четыре элемента, т.е. событие В может быть записано следующим образом
В= В5 В6 В7 + В8.
Всилу совместности и независимости событий Вi (i = 5,6,7,8) вероятность события В определяется формулой
Р(В) = Р(В5) Р(В6) Р(В7) + Р(В8) - Р(В5) Р(В6) Р(В7) Р(В8).
Таким образом,
Р(В) = р5р6р7 + р8 - р5р6р7р8 = 0.25·0.25·0.3+ 0.278- 0.25·0.25·0.3 ·0.278=0.2915.
Найдем вероятность безотказной работы блока В.
Р( В) = 1 – Р(В) = 1 – 0.2915 = 0.7085.
Найдем вероятности значений случайной величины η.
Случайная величина имеет значение х1 = 0, если произойдет событие А· В(оба блока исправны за время Т). События А, В независимы, поэтому
Р(η=0) = Р( А)Р( В) = 0.8736 · 0.7085 = 0.6189 (ограничились при вычислениях четвертым знаком после запятой).
Значение х2 = 5 принимается, если отказывает блок А и не отказывает блок В, т.е.
Р(η=5) = Р(А)Р( В) = 0.1264 · 0.7085 = 0.0896.
Р(η=10) = Р( А В), так как должен отказать только блок В, т.е.
Р(η=10) = 0.8736 · 0.2915 = 0.2547.
И наконец,
Р(η=15) = Р(А В) = Р(А)Р(В) = 0.1264 · 0.2915 = 0.0368.
Сведем полученные результаты в табл.1, которая и будет рядом распределения рассматриваемой случайной величины η.
|
|
|
|
15 |
Таблица 1 |
хi |
0 |
5 |
10 |
Σ |
|
рi |
0.6189 |
0.0896 |
0.2547 |
0.0368 |
1.0000 |
Замечание. Просуммировав все вероятности и получив 1, убедимся, что избежали грубых ошибок при вычислениях.
Построим многоугольник распределения (рис 2): по оси абсцисс откладываем значения случайной величины хi, а по оси ординат значения их вероятностей рi.
рi
0.7 |
|
|
|
|
0.6 |
|
|
|
|
0.5 |
|
|
|
|
0.4 |
|
|
|
|
0.3 |
|
|
|
|
0.2 |
|
|
|
|
0.1 |
|
|
|
|
0 |
5 |
10 |
15 |
хi |
|
|
Рис. 2 |
|
|
Найдем функцию распределения случайной величины, используя соотношение:
|
F(х) = ∑ pi |
||
|
|
хi<x |
|
При x<0 |
F(x)= 0; |
|
|
При 0≤ x<5 |
F(x)= P(η=x1)=p1=0.6189; |
||
При 5≤x<10 |
F(x)= P(η=x1) + P(η=x2)=p1+p2=0.7085; |
||
При 10≤x<15 |
F(x)=P(η=x1)+P(η=x2)+ |
||
P(η=x3)=p1+p2+p3=0.9632; |
|
|
|
При x≥15 |
F(x)= ∑4 |
P(η = xi )=1.0000. |
|
|
i=1 |
|
|
|
0 при x < 0, |
|
|
|
0.6189 при 0 |
≤ х < 5, |
|
|
|
|
|
Таким образом, F(x) = 0.7085 при 5 |
≤ x <10, |
||
|
0.9632 при 10 ≤ x <15, |
||
|
|
|
|
1.000 при x ≥15.
График функции распределения изображен на рис. 3.
Рис. 3
Найдем математическое ожидание M[η], дисперсию D[η] и среднее квадратическое отклонение ση исследуемой случайной величины, воспользовавшись формулами:
n
M[η]= ∑ xi pi , (1)
i=1
D[η]= ∑n (xi − M [η]2 )2 pi , |
(2) |
i=1 |
|
ση= D[η]. |
(3) |
Заметим, что дисперсию удобнее вычислять не по формуле (2), а по формуле
D[η]= M [η2]− (M [η])2 , |
(4) |
которая является одним из свойств дисперсии (“Дисперсия есть разность математического ожидания квадрата случайной величины и квадрата ее математического ожидания”). Все вычисления удобно вести в табл. 2.
Таблица 2
хi |
0 |
5 |
10 |
15 |
∑ |
|
|
|
|
|
pi |
0.6189 |
0.0896 |
0.2547 |
0.0368 |
1.0000 |
|
|
|
||
xi |
pi |
0 |
0.4480 |
2.547 |
0.5520 |
3.5470 = |
η |
] |
|
|
|
|
|
|
M[ |
|
|||||
2 |
pi |
0 |
2.2400 |
25.47 |
8.2800 |
35.1900 = |
η |
2 |
] |
|
xi |
|
|||||||||
|
|
|
|
M[ |
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
12.5812 = (M[η])2 |
||||
|
|
|
|
|
|
23.4080 = D[η] |
|
|||
|
|
|
|
|
|
ση= 4.8382 |
|
|
|
Процесс вычисления достаточно ясен из самой таблицы. Первые две строки – ряд распределения случайной величины. Третья строка – произведение значений случайной величины на их вероятности; сумма в этой строке и даст математическое ожидание случайной величины согласно формуле (1). Четвертая строка – произведение квадрата значений случайной величины на их вероятности (достаточно умножить элементы третьей строки на элементы первой); сумма их равна математическому ожиданию квадрата случайной величины. Вычитая из этой величины квадрат математического ожидания, получим дисперсию, а извлечение корня из последней даст среднее квадратическое отклонение.
Итак, случайная величина “стоимость ремонта” имеет среднее значение 3.547 денежных единиц со среднеквадратическим отклонением 4.8382.