Пособие_ВМ_для_менеджеров

∆ de" ∆ de" 2"c9 ∆B "c9

B B∆

.

Складемо відношення ∆∆ fg*∆2∆2S

· "c9 , ∆B -.

S

1.

Скористаємося першою чудовою границею lim fg*∆2∆2S

Остаточно маємо ( lim h fg*∆2∆2S

S

· "c9 , ∆B -i "c9.

S

de"( "c9

.

(4.14)

3.

Похідна тангенса.

Нехай

j .

Скористаємося формулою похідна частки:

fg*

(

fg* (·klf fg* · klf (

klf ·klf fg* ·fg*

( ,klf -

klf S

klf S

1

.

klf S

Отже, маємо

j( klf S

4. Похідна котангенса

1

(4.15)

. d j .

Скористаємося формулою похідної частки

klf

(

klf V·fg* klf · fg* (

fg* ·fg* klf ·klf

( ,fg* -

fg* S

fg* S

1

.

fg* S

141

Отже, маємо

d j ( fg* S

1

7 .

(4.16)

Похідна показникової функції.

∆ 7∆ 7 · 7∆. Приріст функції дорівнює

∆ 7 · 7∆

7

7 D7∆ 1H.

∆

7 ·

m

1

Складемо відношення

∆

∆

∆2 .

lim5 m

T

,

∆ 0

і згадаємо «важливу границю»

51 n97

Спрямуємо

отримаємо

∆1 7 · n97

( 7 · lim∆ m

∆2

.

Якщо 7 o, n9o

7 ( 7 · n97

.

(4.17)

1, то

o (

o

.

(4.18)

Похідна логарифмічної функції.

1) n9 .

∆ n9 ∆ . Приріст функції дорівнює

-.

∆ n9

∆ n9 n9 ∆

n9 ,1 ∆

∆∆

∆

2

Складемо відношення

p*,1∆2-.

limq

q

1

142

p*1 q

∆ , 0

«важливу

границю»

Спрямуємо

і

згадаємо

отримаємо

( lim∆

p*,1 ∆2-

lim∆ h1 ·

p*,1 ∆2-

i

1

.

∆ 2

∆2 2

n9 ( 1

2

2) logm .

.

(4.19)

7

.

Тоді

за визначенням

логарифму

Логарифмуємо цю

тотожність за основою

:

n97 n9 ;

o · n97 n9 ;

p*m1 · n9 .

Отже, ( p*m1 · n9 ( ·p*m1 .

Остаточно маємо

logm ( ·p*m1

.

(4.20)

Похідні обернених тригонометричних функцій:

1.

Похідна арксинуса. 7td"c9 .

de" .

Функція обернена до арксинуса "c9 , її похідна (

За формулою (4.12) маємо (

1]V klf1 .

Відомо, що de" [1 "c9B √1 B.

7td"c9

.

, B

; B

-

Корінь беремо

арифметичний,тому

що значення функції

лежить в

інтервалі

u

u

,

а косинус

в цьому

інтервалі додатний Остаточно маємо

7td"c9 ( √1 S

.

(4.21)

1

2.

Похідна арккосинуса.

7tdde"

.

143

Аналогічно отримуємо
		7tdde"(		√11	S
							.
3. Похідна арктангенса. 7td j.
( klf1S			до арктангенса j,
Функція.	обернена
За формулою (4.12) маємо					1 S
( ]V de"B 1 vwS
	1		1		1			,

звідси

7td j( 1 1 S .

4. Похідна арккотангенса. 7tdd j.

(4.22)

її похідна

(4.23)

Аналогічно отримуємо

7tdd j( 1

1 S . (4.24)

Зведемо отримані формули у таблицю 4.1. Організуємо нашу таблицю наступним чином: ліворуч розташуємо формули для обчислення похідних простих функцій, а праворуч – складних. Незважаючи та те, що ці формули начебто дублюють один одного, але, на наш погляд, таке подання формул полегшує знаходження похідних, і ми спробуємо в цьому переконати на прикладах, які розглянемо після запису таблиці.

Таблиця 4.1. Таблиця похідних.

144

D√ H 2√		D√4H 2√4 · 4
x y B		x4y 4B · 4
logm ( · n97		logm 4 ( 4 · n97 · 4
n9 (		n94 ( 4 · 4
j ( de" B		j4 ( de"4 B · 4
d j ( "c9 B		d j4 ( "c94 B · 4
7td"c9 ( √1 B		7td"c94 ( √1 4B · 4
7tdde" ( √1 B		7tdde"4 ( √1 4B · 4
	145

7td j ( 1	B	7td j4 ( 1	4B · 4
7tdd j (	1 B	7tdd j4 (	1 4B · 4

Приклад 4.8. Знайти похідну функції

7 < 15 log= 4 · 2 37td j 11.

Розв’язання: Функція представлена у вигляді алгебраїчної суми, тому кожний з доданків будемо диференціювати окремо, пам’ятаємо, що сталий множник можна виносити за знак похідної. Кожний з доданків – проста

функція, тому скориставшись таблицею похідних, маємо:

( 7 < ( 15 log= ( 4 · 2 ( 3 7td j ( 11 (7 · 5 A 15 · p*=1 4 · 2 · n92 3 · 1 1 S 0

35 A 1<p*= 4 · 2 n92 1 = S.

Приклад 4.9. Знайти похідну функції

77td"c9 15 · 2n9 3 B .

Розв’язання: Функція представлена у вигляді добутку.

Скористаємося формулою (4.6). Для цього розіб’ємо функцію на
4 77td"c9 15			і	: 2n9 3 B.
Знайдемо 4 і : :	4( √1 S		:(		6
	Y	;		B		.

За формулою (4.6) маємо:

146

( √1 S · 2n9 3 B 77td"c9 15		· ,	6 -
Y		B	.
Приклад 4.10. Знайти похідну функції		<vw F
		Bz2 klf .

Розв’язання: Функція представлена у вигляді частки.

Скористаємося формулою (4.9). Для цього розіб’ємо функцію на

4 2o de"

і

: 5 j 8.

Знайдемо 4 і : : 4( 2o "c9 ;

:( klf<S .

За формулою (4.9) маємо:

GS

(

Bz2 fg* · <vw F Bz2 klf ·

<vw F S

{|}

2

Bz

2

fg* · <vw F ·klf

< Bz

2

klf

.

S

<vw F S·klfS

Приклад 4.11. Знайти похідну функції

n9 7td jD1 √1 o= H.

Розв’язання: Функція, похідну якої нам запропонували знайти, складна. Тут є і степенева, і показникова, і логарифмічна, і обернена тригонометрична функції. З якої функції почати диференціювання? Ланцюжок складної функції, який ми можемо скласти, дуже великий. Тому радимо скористатися наступним прийомом: будемо промовляти кожного разу послідовність, в якої утворювалася надана функція; диференціювати ми завжди будемо в оберненому порядку. Тут можна провести аналогію процесу одягання – роздягання: ми завжди одягаємося в одному порядку, а роздягаємося в оберненому.

147

Промовимо		,	що ми зробимо	,	щоб знайти		за наданою
функцією:
-	Помножимо на 3;
-			возведемо до експоненти
	аргумент 3				;

-з одиниці віднімемо отриману функцію;

-візьмемо корінь квадратний з цього виразу;

-додамо одиницю;

-обчислимо арктангенс;

-візьмемо логарифм отриманого виразу.

Отже, знаходження функції ми закінчили логарифмом,

тому й диференціювати почнемо з логарифму.				· 4				4
приймемо: 4 7td jD1 √1 o= H. n94 ( 5
Скористаємося	формулою		1	.	Де		за
( m~kvwD1 √1 zM2H · ,7td jD1 √1 o= H-
1						.
Читаємо наш список в оберненому порядку. Тепер
будемо диференціювати арктангенс, а за 4 приймемо
4 1 √1 o= :			M2 S · D1 √1 o= H
( m~kvwD1 √1 zM2H ·
1		1	H				.
		1 D1 √1 z

Продовжуємо диференціювання. Похідна від сталої дорівнює

D√4H(	B√15 · 4 , де 4 1 o			= .
нулю,	а корінь квадратний			продиференцюємо						за формулою
( m~kvwD1 √1 zM2H ·							M2		S · B√1 zM2 ·	1 o=
	1				1			H	1	.
			1 D1 √1 z
Тепер похідна від експоненти:						M2 S		· B√1 zM2 · o= · 3
( m~kvwD1 √1 zM2H ·
	1			1					1	.
		1 D1 √1148z H

Остаточно маємо:

(		B√1 z	M2		=zM2M2		H,1 D1 √1 z		M2	S .
				m~kvwD1 √1 z						H -
Кожного разу при диференціюванні складних функцій
ми будемо діяти аналогічно.										"c9A5 ·
logY j3 18		4.12.	Знайти		похідну			функції
Приклад	.
Розв’язання: Функція представлена у вигляді добутку.
Скористаємося формулою (4.6):
4 "c9A5 ; : logY j3 18 .
4( 4"c9=5 · "c95 ( 4"c9=					5 · de"5 · 5 (
20"c9=5 de"5 ;
:( vw= 1F p*Y	· j3 18 ( vw= 1F p*Y · klfS= · 3 (
1							1	1
=		.
klfS= vw= 1F p*Y

Остаточно маємо:

( 20"c9=5 de"5 · logY j3 18 klfS= vw= 1F p*Y
		=fg*b<	.
Приклад 4.13. Знайти похідну функції		p*< S klfP
		6•{{€•J2M .
Розв’язання: Функція представлена у вигляді частки.
Скористаємося формулою (4.9):
4 5m~kkvwF M;	: n9B de"9 .
4( 5m~kkvwF M	· n95 · 7tdd j8 = (
	149

5m~kkvwF

M

· n95 · , 1 F M S- · 8 = (

1

<6•{{€•J2M·p*<·BA S.

1 WA Z

·

de"9 (

:( 2n9 de"9 · Dn9 de"9 H( 2n9 de"9 · klfP1

2n9 de"9 · klfP1 · "c99 · 9 ( 18n9 de"9 · j9 .

Остаточно маємо:

(

G6•{{€•J2M·‚/G·Sb2S

·p*

S

klfPS <

6•{{€•J2M

· 1Fp* klfP ·vwP

RƒZb2Z

S

W·<6•{{€•J2M

Dp* klfP H

·p* klfP ,=vwP ·D1 WA ZH A Sp*<·p* klfP -

W·<6•{{€•J2M

p*b klfP

,=vwP ·D1 WA ZH A Sp*<·p* klfP -.

p*M klfP

4.1.8. Логарифмічне диференціювання

Розглянемо функцію вигляду

D H„ ,

де і основа, і показник степені є функціями незалежної змінної.

Така функція має назву степенево-показникової функції.

Диференціювати її за формулами похідна степеневої, або похідна показникової функції не є можливим. Тому скористаємося наступним алгоритмом

-логарифмуємо цю функцію за основою o::

ln lnD H„ ;

150