Практическая работа № 4.
Определение вероятности безотказной работы системы (резервирование)
Цель работы:
Определить вероятность безотказной работы для системы, состоящей из однотипных элементов с равными вероятностями безотказной работы, при последовательном и параллельном соединениях элементов.
Исходные данные (рис.4.1)
P3 (t)
P1 (t) P2 (t) 3
1 2 P44(t)
Рис. 4.1. Система элементов.
Дана система, состоящая из 4-х элементов, вероятность безотказной работы которых равна:
Исходные данные |
ВАРИАНТ 1 |
ВАРИАНТ 2 |
P1(t) = 0,73; |
0,26 |
0,85 |
P2 (t) = 0,80; |
0,79 |
0,12 |
P3(t) = 0,52; |
0,64 |
0,57 |
P4 (t) = 0,97. |
0,78 |
0,39 |
Определить вероятность безотказной работы системы. Решение:
1. Для последовательно соединенных элементов 1-2, вероятность безотказной работы найдем, как произведение вероятностей этих элементов, т.е. P1−2 (t) = P1(t) × P2 (t); P1−2 (t) = 0,73 × 0,8 = 0,584 .
2. Вероятность безотказной работы элементов, параллельно соединенных,
3-4 найдем по формуле:
P |
(t) =1- é1- P (t ) |
] |
× 1- P (t ) ; P |
(t) = 1- (1- 0,52) × (1 - 0,97) = 0,986. |
||||
3−4 |
ë |
3 |
[ |
4 |
] |
3−4 |
|
3. Вероятность безотказной работы всей системы (вывод):
P1−4 (t) = P1−2 (t) × P3−4 (t); P1−4 (t) = 0,584 × 0,986 = 0,576.
12
Практическая работа № 5
Определение средней наработки до отказа при известной вероятности безотказной работы.
Цель работы:
1 Найти среднюю наработку до отказа tср;
2 Определить: плотность вероятности наступления отказов f (t ); вероятность отказа F (t ); интенсивность потока отказов (t ) ; дисперсию D; среднее квадратичное отклонение ; коэффициент вариации V.
Исходные данные: |
ВАРИАНТ 1 |
ВАРИАНТ 2 |
Показатели безотказности |
|
|
|
|
подчиняются |
|
t = 10 тыс. км. |
12,5 |
22 |
||
|
|
|
экспоненциальному |
|
P(t) = 0,95 |
0,87 |
0,76 |
||
закону. |
||||
|
|
|
Решение:
1. По формуле вероятности безотказной работы для экспоненциального закона
P(t) = e- t , а средняя наработка до первого отказа tср |
для этого закона равна |
|
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
tср |
= |
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
− |
t |
|
|
|
|
|
|
|
|
t |
|
|
t |
|
|
|
nP(t) = e |
t |
|
nP(t) = − |
|
tср = − |
, |
||||||||||
Тогда, |
|
ср , следовательно |
|
, отсюда |
|
|||||||||||||
|
tср |
nP(t) |
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
т.е. tср = − |
|
t |
= 195 |
. . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
n0,95 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
2. Определим интенсивность отказов (t): |
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
(t) = |
1 |
, т.е. (10) = |
1 |
= 0,0051. |
|
|
|
||||||||
|
|
|
tср |
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
195 |
|
|
|
|
|
|
||||
3. Вычислим плотность вероятности отказа f (t): |
|
|
|
|
||||||||||||||
|
f (t) = × e- t , . . |
f (10) = 0,0051× 2,718-0,005110× = 0,00475. |
|
|
13
4. Вероятность наступления отказа F(t):
F(t) + P(t) =1 =ñF(10) =1- 0,95 = 0,05 .
5. Дисперсия D:
D = tср2 − по формуле для экспоненциального закона. D=1952 = 38025тыс.км 2.
6.Среднее квадратичное отношение :
= D, т.е. = 38025 = 195тыс.км.
7.Коэффициент вариации V:
V = , т.е. V = 195 =1. tср 195
Выводы:
1 Найдена средняя наработка до отказа tср;
2Определены:
-плотность вероятности наступления отказов f (t );
-вероятность отказа F (t );
-интенсивность потока отказов (t ) ;
-дисперсия D;
-среднее квадратичное отклонение ;
-коэффициент вариации V.
Результаты расчетов подтверждают соответствие заданному (экспоненциальному) закону.
14