- •Г. В. Красоленко, н. В. Сванидзе, г. В. Якунина аналитическая геометрия. Векторная алгебра. Теория пределов
- •Введение
- •Элементы векторной алгебры и линейной аналитической геометрии в пространстве
- •Функция одной переменной, ее предел и непрерывность
- •Примерный вариант контрольной работы № I по аналитической геометрии на плоскости
- •Решение задачи № 1
- •Решение задачи № 2
- •Решение задачи № 3
- •Решение задачи № 4
- •Примерный вариант контрольной работы № 2 по векторной алгебре, аналитической геометрии в пространстве и пределам
- •Решение задачи № 1
- •Решение задачи № 2
- •Решение задачи № 3
- •Решение задачи № 4
- •Решение задачи № 5 а
- •Решение задачи № 5 б
- •Решение задачи № 5 в
- •Решение задачи № 5 г
- •Контрольная работа № 1 по аналитической геометрии на плоскости
- •Контрольная работа № 2 по векторной алгебре, аналитической геометрии в пространстве и пределам
- •Рекомендуемая литература
- •Оглавление
- •Аналитическая геометрия. Векторная алгебра. Теория пределов
- •190005, Санкт-Петербург, 2-я Красноармейская ул., д. 4.
Примерный вариант контрольной работы № I по аналитической геометрии на плоскости
1. Даны координаты двух противоположных вершин ромба , и уравнение стороны . Найти координаты вершин ромба и .
2. Найти каноническое уравнение эллипса и построить кривую, если его малая полуось равна радиусу окружности , а левый фокус совпадает с центром другой окружности .
3. Найти расстояние от фокуса параболы до асимптоты гиперболы , проходящей через и квадранты.
4. Привести уравнение к каноническому виду. Построить кривую, соответствующую этому уравнению.
Мы рекомендуем при решении задач контрольной работы № 1 делать рисунки в декартовой системе координат. Они, в некоторой степени, будут контролем правильности решения Вашей задачи.
Решение задачи № 1
1. Сделаем рисунок и запишем краткое условие нашей задачи.
Рис. 1
Так как координаты точки удовлетворяют уравнению , то точка принадлежит этой прямой и можно считать, что сторона ромба лежит на этой прямой.
Дано: – ромб; , ;
Найти координаты точек и .
2. Найдем координаты точки , которая является серединой отрезка (см. рис.1). Следовательно,
Таким образом, .
3. Найдем угловой коэффициент диагонали по формуле
4. Составим уравнение диагонали . Так как диагонали ромба перпендикулярны, то их угловые коэффициенты связаны соотношением
Итак, нам известны координаты точки , лежащей на диагонали , и ее угловой коэффициент . Используя уравнение пучка прямых , составим уравнение диагонали : .
Отсюда получаем общее уравнение диагонали : .
5. Найдем координаты точки как точки пересечения двух прямых и , т. е. координаты точки являются решением следующей системы линейных уравнений:
Для нахождения решения этой системы вычтем из первого уравнения второе, получим: . Подставляя в первое уравнение, находим вторую компоненту решения . Таким образом, координаты точки .
6. Найдем координаты точки . Так как точка делит отрезок пополам, то
и
Отсюда получаем:
и
Следовательно, координаты точки .
Ответ: и .
Решение задачи № 2
Каноническое уравнение эллипса имеет вид
где –длина большой полуоси, –длина малой полуоси и координаты фокусов и (см. рис. 2). Параметры эллипса , и принимают положительные значения и связаны следующим соотношением
Рис. 2
1. Найдем радиус окружности . Для этого, используя формулу , приведём наше уравнение окружности к каноническому виду:
где точка является центром окружности, а -радиусом.
Сначала перепишем заданное уравнение окружности в следующем виде , затем выделим полный квадрат по переменной : . В результате получаем . Следовательно, радиус окружности и параметр эллипса .
2. Найдем центр окружности . В этом уравнении перегруппируем слагаемые, стоящие в левой части, и так же, как в первом пункте, выделим полный квадрат по переменной : и . Отсюда центр окружности имеет координаты . Следовательно, левый фокус эллипса находится в точке и параметр эллипса .
Рис. 3
3. Найдем параметр эллипса с помощью соотношения , т. е. .
Таким образом, искомое уравнение эллипса имеет вид
Ответ: и эллипс изображен на рис. 3.