sopromat
.pdf4. Примеры решения типовых задач при сборке стержневых конструкций
4.1 Определение напряжения после сборки конструкции
Пример . В конструкции, рассмотренной в п.3.6, первый стержень изготовлен короче проектного размера на величину δ = 1мм. Требуется определить напряжения в стержнях, возникающие после ее сборки.
Решение. При сборке заданной конструкции для соединения стержней в узле D первый стержень необходимо растянуть, так как он короче проектного размера. Очевидно, силы упругости, возникающие в этом стержне при растяжении, будут стремиться вернуть его в первоначальное состояние, тем самым, деформируя остальные стержни конструкции. Таким образом, монтаж конструкции приводит к возникновению во всех трех стержнях внутренних (монтажных) усилий. Предположим, что после сборки узел D занимает новое положение D1 (рис.15). Опустив перпендикуляры из точки D1 на оси стержней, находим их абсолютные удлинения l1, l2 и l3.
Рис. 15. Схема определения напряжений в конструкции после сборки
Из рис.15 следует, что первый стержень растянут, а два других сжаты. Усилия в стержнях обозначены через N1 ,N2 и N3 .
Уравнения равновесия узла после сборки имеют вид:
∑X = 0; − N1 + N2 cos60o = 0;
∑Y = 0 : − N2 cos30o − N3 = 0.
33
Очевидно, что условие совместности деформаций получим, проектируя отрезки DM, DW, и AD на ось второго стержня:
|
l2 = (δ − |
l1 ) cos 60o |
+ l3 cos 30o. |
|||||
Выразив удлинения |
стержней через внутренние усилия, полу- |
|||||||
чим: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
N2 l2 |
= δ − |
|
N1 l1 |
cos 60o + |
N3 l3 |
cos 30o. |
|
|
E2 F2 |
|
|
|
||||
|
|
E1 F1 |
|
E3 F3 |
||||
Объединяя уравнения равновесия и уравнение совместности |
||||||||
деформаций, получаем систему трех |
уравнений с тремя неизвест- |
ными:
−N1 + N2 cos60o = 0;
−N2 cos30o − N3 = 0;
N2 l2 |
= |
δ − |
N1 l1 |
|
cos 60o + |
N3 l3 |
cos 30o. |
E2 F2 |
|
|
|||||
|
|
E1 F1 |
|
E3 F3 |
Подставляем числовые значения в третье уравнение и решаем систему уравнений:
N2 2 |
|
|
|
|
= |
|
|
|
|
|
|
|
|
0,7 1011 5,2 |
10−4 |
|
|
|
|
N3 |
1,73 |
|
|||||
|
|
|
|
|
N1 1 |
|
cos60o + |
|
|||||
= 0,001 |
− |
|
|
|
|
|
|
|
|
cos30o. |
|||
2 |
1011 |
2,6 |
10−4 |
2 1011 5,2 10−4 |
|||||||||
|
|
|
|
|
|
Решив систему, находим внутренние усилия в стержнях:
N1 = 2,985 кH ; N2 = 5,97 кH ; N3 = −5,17 кH .
Результаты расчета показывают ,что третий стержень не сжат,
арастянут.
4.2Расчет усилий в стержневой конструкции после её сборки
Пример. Абсолютно жесткий брус BD (рис.16) опирается на шарнирно неподвижную опору и поддерживается тремя стержнями, из которых первый изготовлен из дюралюминия, а второй и третий - из стали. Площади их поперечных сечений соответствен-
но равны: F1 = 10,5 см2, F2=7,9 см2, F3 = 5,25 см2.
При сборке конструкции обнаружилось, что третий стержень длиннее проектного размера на величину δ = 1мм. Определить усилия, возникающие в стержнях после сборки (монтажные усилия).
34
Модули |
упругости для стали E |
= 2 1011 Па, дюралюминия - |
|
С– |
|
E = 0,7 |
1011 Па |
|
д |
|
|
Рис.16. Конструктивная схема сборочной конструкции
Решение. Так как третий стержень длиннее проектного размера, то для соединения его с брусом в шарнире D этот стержень необходимо сжать. Вследствие сжатия в нем возникают внутреннее усилие N3, которое стремится восстановить его первоначальные размеры. Это, в свою очередь, вызывает поворот бруса вокруг шарнира A и , как следствие этого, сжатие первого и второго стержней, в результате чего в них возникнут внутренние усилия, обозначенные
через N1 , N2 .
Схематическое изображение конструкции после деформации ее элементов (называемое иногда планом предполагаемых перемещений), показано на рис.17.
Составим уравнение равновесия бруса, находящегося под действием сил N1, N2, N3:
∑M A = 0;N1 sinα 4,5 + N2 sin β 1,5 − N3 1,5 = 0;
Находим величины углов α и β:
tgα = 12,2 =1,66,α =59o;tgβ = 12,8 =1,11,β = 48o.
35
Рис. 17. Расчетная схема конструкции после сборки
Длины стержней:
l1 = cos1,592 o = 2,35м,l2 = cos1,848o = 2,68м
С помощью плана предполагаемых перемещений устанавливаем соотношения между деформациями стержней.
Из подобия треугольников BB1A и CC1A, а так же CC1A и DD1A следует:
|
|
BB1 |
= |
|
4,5 |
= |
3; |
CC1 |
= |
1,5 |
=1. |
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
1,5 |
DD1 |
1,5 |
||||||||
|
|
CC1 |
|
|
|
|
|
||||||||
Учитывая, что: |
|
l1 |
|
|
|
|
|
|
l2 |
|
|
|
|
||
BB1 |
= |
|
;CC1 = |
|
|
;DD1 = δ − l3 , |
|||||||||
sinα |
|
sin β |
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
имеем:
|
l1 |
|
l2 |
|
|
|
sin 59o |
= 3; |
|
=1. |
|
|
sin 48o (δ − |
l3 ) |
|||
|
l2 |
|
|
||
|
sin 48o |
|
|
|
|
Упрощая, получим: |
|
|
|
|
|
l1 = 3,46 |
l2 ; |
l2 = sin 48o (δ − l3 ). |
|||
|
|
|
36 |
|
|
Выражая деформации стержней через действующее в них уси-
лия, получаем: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
N1 l1 |
|
N2 |
l2 |
|
N2 l2 |
|
δ − |
N3 l3 |
|
|
|
= 3,46 |
|
|
; |
|
= sin 48o |
|
. |
|
|
E1 F1 |
E2 F2 |
E2 F2 |
|
||||||
|
|
|
|
|
E3 F3 |
После подстановки числовых значений: |
|
|
|
||||||||
|
|
N1 2,35 |
= 3,46 |
|
N2 2,68 |
|
; |
|
|||
|
|
0,7 1011 10,5 10−4 |
2 1011 7,9 10−4 |
|
|
||||||
|
N2 2,68 |
|
|
|
|
|
N3 2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
= sin 48o 0,001 − |
|
|
|
|
. |
||
|
|
|
|
2 |
1011 7,9 |
10−4 |
|||||
|
2 1011 7,9 10−4 |
|
|
|
|||||||
Упрощая последние алгебраические выражения, находим зави- |
|||||||||||
симости между усилиями в стержнях: |
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
N1 = 1,87 N2 , |
N3 = 52500 − N2 |
|
|
|
Решая эти уравнения совместно с уравнением равновесия, находим величины внутренних усилий в стержнях:
N1 = 15кH; N2 = 8кH; N3 = 44,5кH.
4.3 Вычисление напряжений в стальном брусе, возникающие при его нагреве
Пример. Стальной брус, жестко закрепленный обоими кон-
цами в неподвижных опорах (рис.18,а), нагревается на 40o по сравнению с температурой, при которой брус был закреплен. Вычислить напряжения, возникающие в поперечных сечениях бруса при
его нагреве, если модуль упругости стали Eс = 2 106 МПа, коэффициент ее линейного расширения αt =12,5 10−6 .
а)
б)
Рис.18. Схемы расчета напряжений в брусе при его нагреве
37
Решение. При нагреве брус стремиться удлиниться и вследствие этого оказывает давление на заделки, в которых возникают опорные реакции RA и RD ,равные по величине внутренним усилиям в брусе. Для их нахождения составляем уравнение равновесия:
∑X = 0 :RA − RD = 0.
Из уравнения равновесия следует, что RA = RD и данная конструкция статически неопределима. Для составления уравнения совместности деформаций мысленно отбросим правую заделку. Тогда брус получит возможность свободно удлиняться вдоль своей оси
(рис. 18,б) на величину |
l |
=α |
t |
(2a +b) to. Под действием внут- |
|
t |
|
|
ренней силы N, равной по величине опорной реакции, брус должен сжаться на такую же величину, так как заделки считаются абсолютно жесткими и расстояние между ними не может изменяться:
N = t.
Преобразовываем полученное уравнение совместности деформаций:
|
|
|
RD 2a |
+ |
|
RD b |
= αt (2a +b) to . |
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
E F2 |
E F1 |
||||
Подставив числовые значения , получим : |
||||||||
RD 2 0,4 |
+ |
|
RD 0,3 |
|
= 12,5 10−6 (2 0,4 + 0,3) 40o. |
|||
2 1011 6 10−4 |
2 1011 4 10−4 |
Отсюда RD = 50800H = 50,8 кH.
Напряжения в поперечных сечениях крайних частей бруса:
σAB = σCD = |
RD |
= − |
50,8 103 |
= −84,7 |
106 |
Па = −84,7 106 МПа |
|
F2 |
6 10−4 |
||||||
|
|
|
|
|
Напряжения в поперечных сечениях средней части бруса:
σBC = RD = −50,8 103 = −127 106 Па = −127 106 МПа.
F1
4.4 Расчет усилий в стержнях при изменении температуры одного из них
Пример. В конструкции, состоящей из трех стержней (рис.19,а), крайние стержни стальные, а средний медный. После сборки медный стержень нагрет на 40°. Вычислить усилия в стержнях, вызванные изменением температуры среднего стержня.
38
Площадь поперечного сечения медного стержня F2 = 4 см2, стальных - F1 = F3 =5 см2, модули упругости для стали и меди соот-
ветственно равны: E = 2 106 |
МПа, |
E |
м |
=1 106 |
МПа. Коэффици- |
с |
|
|
|
|
|
ент линейного расширения для меди αt |
=16,5 10−6 . |
Решение. Как было установлено ранее (см. решение задачи 3.6), заданная конструкцияодинразстатическинеопределима. Мысленно разъединим стержни в узле D и предоставим медному стержню свободно удлиняться при его нагреве. В результате повышения температуры средний стержень станет длиннее на величину l2t. Соединяя все три стержня в узле D, мы вынуждены сжать нагретый стержень, что приведет к возникновению в стальных стержнях внутренних усилий и узел переместится в точку D1 (рис.19,б). Опустив перпендикуляры из точки D1 на оси стержней, находим длины отрезков D M, DK и DE , которые соответственно равны удлинениям l1, l2 и l3.
а)
б)
Рис.19.Схемы расчета усилий в стержневой конструкции после нагрева
Из рисунка видно, что стальные стержни получили положительные удлинения, которым соответствуют растягивающие усилия, а медный стержень сжат. Внутренние усилия в элементах конструкции обозначены T1, T2, T3.
Для узла D составим два условия его равновесия:
∑X = 0 :−T1 +T2 cos60o = 0;
∑Y = 0 :−T2 cos30o +T3 = 0.
39
Из этих уравнений следует :
T1 = 0,5 T2 ; T3 = 0,86 T2 .
Для составления уравнения совместности деформаций спроектируем отрезки DM = ED1 и DE на направление стержня BD:
l cos60o + |
l |
3 |
cos30o = |
l |
2t |
−l |
2T |
, |
1 |
|
|
|
|
|
где: l2t − удлинение второго стержня, вызванное его нагрева-
нием,
l2T − удлинение второго стержня, вызванное внутренним
усилием T2.
Выражая деформации стержней через усилия, получаем:
T1 l1 |
cos60o + |
T3 l3 |
cos30o =α |
t |
|
tol |
|
− |
T2 l2 |
. |
||||
|
|
|
|
|||||||||||
E |
F |
|
E |
F |
|
|
|
2 |
|
E |
2 |
F |
||
1 |
1 |
|
3 |
3 |
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
Объединяя уравнения равновесия с уравнением совместности деформаций и подставляя числовые значения имеем:
T1 = 0,5 T2 ,.
T3 = 0,86 T ,
|
T1 1 |
cos60 |
o |
+ |
|
T3 1,73 |
cos30 |
o |
=. |
|
|
2 1011 5 10−4 |
|
2 1011 5 10−4 |
|
||||||
|
=16,5 10−6 40o |
2 − |
T2 2 |
|
. |
|
|
|||
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
1 1011 4 10−4 |
|
|
|
||
Решив систему, получим: T1 = 10 кH ; T2 = 20 кH ; |
T3 = 17кH. |
4.5. Определение внутренних усилий в стержнях при нагревании конструкции
Пример. Жесткий брус BD опирается на шарнирно неподвижную опору и поддерживается тремя стержнями (рис.20,а). Первый стержень дюралюминиевый, второй и третий - стальные. Площади поперечных сечений соответственно равны: F1 = 10,5см; F2 = 7,9см; F3 = 5,25cм.
40
Найтивнутренниеусилиявстержняхприихнагреваниина30°. Модули упругости: для стали Eс = 2 1011 Па, для дюралюми-
ния - Eд = 0,7 1011 Па, коэффициент линейного расширения для стали αtс =12,5 10−6 , для дюралюминия -αtд = 25 10−6 ..
а) |
б) |
|
Рис.20. Схемы определения внутренних усилий после нагрева конструкции
Решение. Вследствие нагрева стержни стремятся удлиниться, однако их температурные деформации стеснены. В результате такого стеснения в стержнях возникают внутренние усилия.
Разъединим мысленно брус и стержни в шарнирах B, C и D и предоставим стержням возможность свободно удлиняться от нагревания. Эти удлинения обозначим l1t, l2t и l3t. Очевидно, что при попытке вновь присоединить нагретые и деформированные стержни к брусу BD придется эти упругие элементы конструкции деформировать. На рис.20,б показано положение жесткого бруса BD после нагревания стержней.
Обозначим:
T1,T2,T3 − внутренние усилия и стержнях;
l1t, |
l2t, |
l3t |
− |
удлинения стержней вследствие их нагревания; |
l1T, |
l2T, |
l3T − |
деформации стержней от действия |
|
|
|
|
|
внутренних усилий; |
l1, |
l2, |
l3 |
− |
суммарные (результирующие) деформации |
|
|
|
|
стержней. |
Из рис.20,б очевидно, что:
l1 = l1t − l1T ; l2 = l2 t − l2T ; l3 = l3t − l3T .
41
Из плана предполагаемых перемещений (рис.20,б) следует, что все стержни рассматриваемой конструкции сжаты.
Запишем уравнение равновесия:
∑МА = 0; T1 sinα 4,5 +T2 sin β 1,5 −T3 1,5 = 0.
Зависимость между деформациями стержней устанавливаем из подобия треугольников BB1A и CC1A :
AC:AB = CC1:BB1;
Отрезки CC1 и BB1 соответственно равны:
BB |
= |
l1 |
;CC |
= |
l2 |
. |
sinα |
|
|||||
1 |
|
1 |
|
sin β |
После подстановки числовых значений получаем первое условие совместности деформаций:
1,5 |
|
l2 |
|
|
|
|
= sin β ; l =3,46 |
l |
. |
||||
|
||||||
4,5 |
1 |
2 |
|
|||
|
l2 |
|
|
sinα
Примечание: Величины углов α и β были найдены ранее при
решении задачи из раздела 4.2.
Из подобия треугольников ACC1 и ADD1 следует:
CC1 : AC = DD1 : AD .
Отрезок DD1 = l3 .После подстановки числовых значений получаем второе условие совместности деформаций:
|
|
|
|
|
|
|
l3 =1,35 |
l2 . |
|
|
|
|
|
|
|
|
Вычисляем суммарные удлинения стержней: |
|
|
|
|||||||||||
l1 |
=αtд l1 |
to − |
|
T1 l1 |
|
= 25 10−6 2,35 30o − |
|
|
T1 2,35 |
; |
|||||
E1 F1 |
0,7 |
1011 10,5 10−4 |
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
l2 |
=αtс l2 |
to − |
|
T2 l2 |
|
=12,5 10 |
−6 |
2,68 30o − |
|
T2 |
2,68 |
; |
|||
|
E2 F2 |
|
2 1011 |
7,9 10−4 |
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
42