Учебник по теории чисел Ильиных АП
.pdfДоказательство. По теореме 1 сравнение имеет единственное решение. Рассмотрим число x0 = aϕ(m)−1b и подставим его в правую часть сравнения. Получим aaϕ(m)−1b = aϕ(m)b ≡ b (mod m), т.е. x0 — решение сравнения.
Теорема доказана.
Однако, полученная формула (7) не является удобной для использования, так как число aϕ(m)−1b может быть весьма большим. Решение сравнения по модулю m желательно иметь в виде a¯, где 0 6 a < m.
Более удобные формулы будут получены с помощью теории непрерывных дробей.
След Пред Стр Начало Оглавление Обратно Меню Экран Выход
Лекция 11. Непрерывные дроби.
Пусть α —произвольное действительное число. Рассмотрим q1 = [α] — целую часть от числа α. Поэтому q1 — наибольшее целое число не превосходящее α. Запишем число α в виде α = q1 + α0, где α0 = α − q1 — дробная часть от α.
Тогда 0 6 α0 < 1. Если α0 6= 0 (т.е. α / Z), то представим α0 в виде α0 = 1 ,
α1
где α1 > 1. Тогда
α = q1 |
+ |
1 |
|
|
|
(1) |
|
α1 |
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
Повторив данные действия для α1, запишем α1 = q2 + |
1 |
. Подставив в (1), |
|||||
|
|||||||
получим |
|
|
|
|
|
α2 |
|
1 |
|
|
|
|
|
||
α = q1 + |
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
q2 + |
1 |
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|||
|
α2 |
|
|
Применим те же действия к α2, и т.д. Возможен один из следующих случаев 1) или 2).
След Пред Стр Начало Оглавление Обратно Меню Экран Выход
1) Некоторое число αn является целым и процесс оборвется. Получим
α1 = q1 + |
|
|
1 |
|
(2) |
|
|
|
|
||
q2 + |
|
1 |
|||
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
||
|
|
|
|
||
|
q3 |
+ ... + |
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
1 |
|
qn−1 + qn
2) Никакое число αi не является целым и процесс бесконечен. Этот случай
отображаем записью |
|
|
|
α = q1 + |
1 |
(3) |
|
|
|||
1 |
|||
|
|
q2 + q3 + ...
Выражения в правых частях (2) и (3) называем непрерывной дробью, соответствующей числу α.
Вслучае 1) имеем конечную непрерывную дробь, которую обозначаем [q1, q2, . . . , qn]
Вслучае 2) имеем бесконечную непрерывную дробь [q1, q2, q3, . . . ].
ТЕОРЕМА 1 Действительное число α тогда и только тогда представимо в виде конечной непрерывной дроби, когда оно является рациональным числом.
След Пред Стр Начало Оглавление Обратно Меню Экран Выход
Доказательство. Пусть α представимо в виде конечной непрерывной дроби (2). Начнем свертывать эту дробь с конца, приводя к общему знаменателю.
Вместо q |
|
1 |
запишем дробь |
a1 |
|
|
qnqn−1 + 1 |
. Далее преобразуем |
||||||||||||||
n−1 |
+ |
|
= |
|
||||||||||||||||||
|
|
|||||||||||||||||||||
|
|
qn |
|
|
|
|
|
|
|
|
b1 |
qn |
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
qn−2 + |
|
1 |
|
|
|
= qn−2 + |
b1 |
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
a1 |
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
qn−1 + |
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
qn |
|
|
|
|
|||||||
|
a2 |
|
|
|
|
|
a |
, где a, b Z, т.е. α — рациональное число. |
||||||||||||||
к виду |
|
и т.д. Получим α = |
|
|
||||||||||||||||||
b2 |
b |
|||||||||||||||||||||
Обратно, пусть α = |
a |
|
— произвольное рациональное число. Для представ- |
|||||||||||||||||||
b |
||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
ления числа α в виде конечной дроби применяется алгоритм Евклида. Разделим a на b. Получим a = bq1 + r1, где 0 6 r1 < b. Тогда
a |
= q1 |
+ |
r1 |
= q1 |
+ |
1 |
|
b |
b |
|
b |
||||
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
r1 |
Далее разделим b на r1, получим b = r1q2 + r2, откуда
b |
|
r2 |
1 |
|
|
||
|
= q2 + |
|
= q2 + |
|
|
|
. |
r1 |
r1 |
|
r1 |
||||
|
|
|
|
|
|
r2
След Пред Стр Начало Оглавление Обратно Меню Экран Выход
и
a |
= q2 + |
1 |
|
|
|
|
|
b |
|
1 |
|
|
|||
|
|
|
q2 + |
|
|
|
|
|
|
|
|
r1 |
|
||
|
|
|
|
|
r2 |
Продолжая процесс делений в алгоритме Евклида, для некоторого n получим,
a = bq1 + r1 b = r1q2 + r2
r1 = r2q3 + r3 (4)
. . .
rn−3 = rn−2qn−1 + rn−1 rn−2 = rn−1qn
что некоторое qn — целое. Тогда rn−2 = qn — целое число, процесс обры-
rn−1
вается. Мы получили представление α в виде конечной дроби. При этом α = [q1, q2, . . . , qn].
Теорема доказана.
ЗАМЕЧАНИЕ. Числа q1, q2, . . . , qn из конечной непрерывной дроби (2)— это неполные частные из алгоритма Евклида для чисел a и b.
След Пред Стр Начало Оглавление Обратно Меню Экран Выход
Из теоремы следует, что иррациональные числа представляются в виде бесконечной непрерывной дроби
Свойства непрерывных дробей. Пусть число α представлено в виде конечной непрерывной дроби (2) или бесконечной дроби (3).
Отбросим в непрерывной дроби выражение, стоящие после q1. Получим
дробь
P1 = q1 . Q1 1
Отбросывая выражение, после q2, имеем дробь
P2 = g2q1 + 1.
Q2 q2
Отбросим выражение, после q2. Получим дробь P3 и т.д.
Q3
Дроби P1 , P2 , . . . называются подходящими дробями для числа α.
Q1 Q2
Подходящая дробь с номером i имеет числитель Pi и знаменатель Qi. При этом
P1 = q1, Q1 = 1 P2 = q2q1 + 1, Q2 = q2, . . . |
(5) |
След Пред Стр Начало Оглавление Обратно Меню Экран Выход
Дополнительно определим дробь P0 , где P0 = 1, Q0 = 0, она потребуется
Q0
для единообразия формул.
СВОЙСТВО 1 Для числителей и знаменателей подходящих дробей, справедливы формулы
Pi = qi · Pi−1 + Pi−2, |
(6) |
Qi = qi · Qi−1 + Qi−2, |
(7) |
где i > 2.
Доказательство формул индукцией по числу i. Пусть i = 2. Нужно проверить, что
P2 |
= q2 |
· P1 + P0, |
(8) |
Q2 |
= q2 |
· Q1 + Q0. |
(9) |
По (5) имеем P1 = q1, Q1 = 1 P2 = q2q1 + 1, Q2 = q2. Кроме того, мы задали P0 = 1, Q0 = 0. Подставив эти зачения в (8) и (9), получим верные равенства.
Пусть утверждение верно для числа i, т.е. справедивы равенства (6) и (7). Проверим выполнение утверждения для числа i + 1, т.е. справедивость ра-
След Пред Стр Начало Оглавление Обратно Меню Экран Выход
венств |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Pi+1 = qi+1 · Pi + Pi−1, |
|
|
|
|
|
(10) |
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Qi+1 = qi+1 · Qi + Qi−1. |
|
|
|
|
|
(11) |
|||||||||
Подходящая дробь |
Pi+1 |
получается из подходящая дроби |
|
Pi |
|
заменой в бук- |
||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
Qi+1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Qi |
|
||||||
венном выражении для Pi выражения qi на выражение qi |
+ |
|
1 |
. Поэтому в |
||||||||||||||||||||
|
|
|||||||||||||||||||||||
дроби |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
qi+1 |
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
qi · Pi−1 + Pi−2 |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Pi |
= |
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Qi |
|
qi · Qi−1 + Qi−2 |
|
|
|
|
|
|
|||||||
заменим букву qi на выражение qi + |
1 |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
Получим |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
qi+1 |
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
Pi+1 |
|
qi + |
|
|
· Pi−1 |
+ Pi−2 |
|
qi+1(qiPi−1 + Pi−2) + Pi−1 |
|
||||||||||||||
|
= |
qi+1 |
= |
(12) |
||||||||||||||||||||
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||
|
Qi+1 |
qi + |
|
· Qi−1 |
+ Qi−2 |
|
|
qi+1(qiQi−1 + Qi−2) + Qi−1 |
|
|||||||||||||||
|
qi+1 |
|
|
След Пред Стр Начало Оглавление Обратно Меню Экран Выход
По индукции верны равенства (6) и (7). Применяя их, получаем
|
Pi+1 |
= |
qi+1Pi + Pi−1 |
(13) |
|
Qi+1 |
|||
|
|
qi+1Qi + Qi−1 |
|
|
и равенства (10) и (11), что и нужно. |
|
|||
СВОЙСТВО 2 Для всех i = 1, 2, . . . справедливо равенство |
|
|||
Pi · Qi−1 − Pi−1 · Qi = (−1)i. |
(14) |
|||
Доказательство индукцией по i. Пусть i = 1. Имеем P1 · Q0 − P0 |
· Q1 = |
q1 · 0 + 1 · 1 = −1, что и нужно. Пусть утверждение верно для числа i, т.е. верно равенство (14). Проверим истинность утверждения для числа i + 1, т.е. справедливость равенства
Pi+1 · Qi − Pi · Qi+1 = (−1)i+1.
По (10) и (11) имеем
Pi+1 · Qi − Pi · Qi+1 = (qi+1Pi + Pi−1) · Qi − Pi · (qi+1Qi + Qi−1) =
= Pi−1Qi − PiQi−1 = −(PiQi−1 − Pi−1Qi) = (−1)(−1)i = (−1)i+1,
что и нужно.
След Пред Стр Начало Оглавление Обратно Меню Экран Выход
СВОЙСТВО 3 Подходящие дроби Pi несократимы.
Qi
Доказательство от противного. Пусть d = (Pi, Qi) и d > 1. Тогда d делит левую часть равенства Pi · Qi−1 − Pi−1 · Qi = (−1)i, а, поэтому и делит правую часть (−1)i = ±1, противоречие.
Из свойства 2 получается формула для разности двух соседних подходящих дробей.
СВОЙСТВО 4 Для всех i = 1, 2, . . . справедливо равенство
|
|
|
|
Pi |
Pi−1 |
= |
(−1)i |
. |
(15) |
||
|
|
|
Qi |
|
|||||||
|
|
|
− Qi−1 |
QiQi−1 |
|
|
|||||
Доказательство. Имеем |
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
Pi |
Pi−1 |
= |
Pi · Qi−1 − Pi−1Qi |
= |
(−1)i |
. |
||||
|
Qi |
|
|||||||||
|
− Qi−1 |
QiQi−1 |
QiQi−1 |
Отсюда получаем расстояние между двумя соседними подходящими дробями
|
Pi |
|
Pi−1 |
|
1 |
|
|
Qi |
− Qi−1 |
= QiQi−1 . |
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
СВОЙСТВО 5 Пусть Pi подходящая дробь для числа α с номером i,
Qi
отличная от последней дроби ( т.е. от самого числа α ). Тогда
След Пред Стр Начало Оглавление Обратно Меню Экран Выход