- •Федеральное агентство по образованию
- •«Алтайский государственный технический университет
- •Содержание
- •Введение
- •1 Статика
- •1.1 Задание с.1. Определение реакций опор твердого тела
- •Кинематика
- •2.1 Задание к.1. Определение скорости и ускорения материальной точки по заданным уравнениям ее движения
- •2.2 Задание к.3. Кинематический анализ плоского механизма
- •2.3 Задание к.7. Определение абсолютной скорости и абсолютного ускорения точки
- •Динамика
- •3.1 Задание д.1. Вторая (обратная) задача динамики материальной точки
- •3.2 Задание д.6. Применение основных теорем динамики к исследованию движения материальной точки
- •3.3 Задание д.10. Применение теоремы об изменении кинетической энергии к изучению движения механической системы
- •Аналитическая механика
- •4.1 Задание д.16. Применение принципа Даламбера к определению динамических реакций связей (опор)
- •Литература
Динамика
3.1 Задание д.1. Вторая (обратная) задача динамики материальной точки
Варианты 1–5 (таблица 9, схема 1). Тело движется из точки А по участку АВ (длиной l) наклонной плоскости, составляющей угол а с горизонтом, в течение с. Его начальная скорость vA. Коэффициент трения скольжения тела по плоскости равен f.
В точке В тело покидает плоскость со скоростью vB и попадает со скоростью vc в точку С плоскости BD, наклоненной под углом β к горизонту, находясь в воздухе T с.
При решении задачи тело принять за материальную точку; сопротивление воздуха не учитывать.
Вариант 1. Дано: = 30°; vA = 0 м/с; f = 0,2; l=10 м; β = 60°. Определить и h.
Вариант 2. Дано: = 15°; vA = 2 м/с; f = 0,2; h = 4 м; β = 45°. Определить l и уравнение траектории точки на участке ВС.
Вариант 3. Дано: = 30°; vA = 2,5 м/с; f ≠ 0; l = 8м; d = 10 м; β = 60°. Определить vB и .
Вариант 4. Дано: vA = 0; = 2 с; l = 9,8м; β = 60°; f = 0. Определить и T.
Вариант 5. Дано: = 30°; vA = 0; l = 9,8 м; = 3 с; β = 45°. Определить f и vС.
Варианты 6–10 (таблица 9, схема 2). Лыжник подходит к точке А участка трамплина АВ, наклоненного под углом а к горизонту и имеющего длину l, со скоростью vA. Коэффициент трения скольжения лыж на участке АВ равен f. Лыжник от А до В движется с; в точке В со скоростью vB он покидает трамплин. Через Т с лыжник приземляется со скоростью vС в точке С горы, составляющей угол β с горизонтом.
При решении задачи принять лыжника за материальную точку и не учитывать сопротивление воздуха.
Вариант 6. Дано: = 20°; f = 0,1; = 0,2 с; h = 40 м; β = 30°. Определить l и Vc.
Вариант 7. Дано: = 15°; f =0,1; vA = 16 м/с; l = 5 м; β = 45°. Определить vB и Т.
Вариант 8. Дано: vA = 21 м/с; f = 0; = 0,3 с; vB = 20 м/с; β = 60°. Определить а и d.
Вариант 9. Дано: = 15°; = 0,3 с; f =0,1; h = м; β = 45°. ОпределитьvB и vA.
Вариант 10. Дано: =15°; f =0; vA=12 м/с; d = 50 м; β = 60°. Определить и уравнение траектории лыжника на участке ВС.
Варианты 11–15 (таблица 9, схема 3). Имея в точке А скорость vA, мотоцикл поднимается с по участку АВ длиной l, составляющему с горизонтом угол . При постоянной на всем участке АВ движущей силе Р мотоцикл в точке В приобретает скорость vB и перелетает через ров шириной d, находясь в воздухе T с и приземляясь в точке С со скоростью vС . Масса мотоцикла с мотоциклистом равна т.
При решении задачи считать мотоцикл с мотоциклистом материальной точкой и не учитывать силы сопротивления движению.
Вариант 11. Дано: = 30°; Р ≠ 0; l = 40 м; vA = 0: vB = 4,5 м/с; d = 3 м; Определить и h.
Вариант 12. Дано: = 30°; Р = 0; l = 40 м; vB = 4,5 м/с; h = 1,5 м. Определить vA и d.
Вариант 13. Дано: = 30°; т = 400 кг; vA = 0; = 20 с; d = 3 м; h = 1,5 м. Определить Р и l.
Вариант 14. Дано: = 30°; т = 400 кг; Р = 2,2 кН; vA = 0; l = 40 м; d = 5м. Определить vB и vС.
Вариант 15. Дано: = 30°; vA = 0; Р = 2 кН; l = 50 м; h = 2 м; d = 4 м. Определить Т и т.
Варианты 16–20 (таблица 9, схема 4). Камень скользит в течение с по участку АВ откоса, составляющему угол с горизонтом и имеющему длину l. Его начальная скорость vA. Коэффициент трения скольжения камня по откосу равен f . Имея в точке В скорость vB, камень через Т с ударяется в точке С о вертикальную защитную стену. При решении задачи принять камень за материальную точку; сопротивление воздуха не учитывать.
Вариант 16. Дано: = 30°; vA = 1 м/с; l = 3 м; f = 0,2; d = 2,5 м. Определить h и Т.
Вариант 17. Дано: = 45°; l = 6 м; vB = 2·vA; = 1 с; h = 6 м. Определить d и f.
Вариант 18. Дано: = 30°; l= 2 м; vA = 0; f = 0,1; d = 3 м. Определить h и .
Вариант 19. Дано: = 15°; l = 3 м; vB = 3 м/с, f ≠ 0; = 1,5 с; d = 2 м. Определить vA и h.
Вариант 20. Дано: = 45°; vA = 0; f = 0,3; d = 2 м; h = 4 м. Определить l и .
Варианты 21–25 (таблица 9, схема 5). Тело движется из точки А по участку АВ (длиной l) наклонной плоскости, составляющей угол с горизонтом. Его начальная скорость vA. Коэффициент трения скольжения равен f. Через с тело в точке В со скоростью vB покидает наклонную плоскость и падает на горизонтальную плоскость в точку С со скоростью vС; при этом оно находится в воздухе Т с.
При решении задачи принять тело за материальную точку и не учитывать силы сопротивления движению.
Вариант 21. Дано: = 30°; f = 0,1; vA = 1 м/с; = 1,5 с; h = 10 м. Определить vB и d.
Вариант 22. Дано: vA = 0; = 45°; l =10 м; = 2 с. Определить f и уравнение траектории на участке ВС.
Вариант 23. Дано: f =0; vA = 0; l = 9,81 м; = 2с; h = 20 м. Определить и Т.
Вариант 24. Дано: vA=0; =30°; f=0,2; l = 10 м; d = 12 м. Определить и h.
Вариант 25. Дано: vA = 0; = 30°; f = 0,2; l=6 м; h=4,5 м. Определить и vС.
Варианты 26–30 (таблица 9, схема 6). Имея в точке А скорость vA, тело движется по горизонтальному участку АВ длиной l в течение с. Коэффициент трения скольжения тела по плоскости равен f . Со скоростью vB тело в точке В покидает плоскость и попадает в точку С со скоростью vС, находясь в воздухе Т с. При решении задачи принять тело за материальную точку; сопротивление воздуха не учитывать.
Вариант 26. Дано: vA = 7 м/с; f = 0,2; l = 8 м; h =20 м. Определить d и vС .
Вариант 27. Дано: vA = 4 м/с; f = 0,1; = 2 с; d = 2 м. Определить vB и h.
Вариант 28. Дано: vB = 3 м/с; f =0,3; l = 3 м; h = 5 м. Определить vA и Т.
Вариант 29. Дано: vA = 3 м/с; vB = 1 м/с; l = 2,5 м; h = 20 м. Определить f и d.
Вариант 30. Дано: f =0,25; l =4 м; d = 3 м; h = 5 м. Определить vA и .
Таблица 9 – Рисунки к заданию Д.1
Пример 1 выполнения задания (рисунок 6).
При строительстве железных дорог для защиты кюветов от попадания в них каменных осыпей устраивается «полка» DC. Учитывая возможность движения камня из наивысшей точки А откоса и полагая при этом его начальную скорость vA = 0, определить наименьшую ширину полки b и скорость vC , с которой камень падает на нее. По участку АВ откоса длиной l под углом к горизонту камень движется с.
Рисунок 6 – Рисунок к примеру 1 задания Д.1
При решении задачи считать коэффициент f трения скольжения камня на участке АВ постоянным, а сопротивлением воздуха пренебречь.
Дано: vA = 0; = 60°; l = 4 м; =1 с; f ≠ 0; h = 5 м; β = 75°.
Определить b и vC .
Решение.
Рассмотрим движение камня на участке АВ. Принимая камень за материальную точку, отобразим (рисунок 7) действующие на него силы: вес , нормальную реакцию и силу трения скольжения. Запишем дифференциальное уравнение прямолинейного движения несвободной материальной точки на участке АВ, обозначив x1 через x:
.
Рисунок 7 – Расчетная схема: участок АВ – а), участок BC – б)
Проекция ускоренияна осьAx1 по определению равна: . Тогда .
Отсюда с учетом :
. (7)
Так как f <1, то проекция ускоренияна осьAx1 положительна и постоянна, т. е. (при этом), то прямолинейное движение на участке AB – равноускоренное.
Запишем, зная, что по определению , уравнение (7) в дифференциальной форме.
Разделяя переменные интегрирования, получим
.
Интегрируя правую и левую части уравнения совместно, получим.
Константу C1 интегрирования найдем по начальным условиям, зная, что в момент начала движения:
, , . (НУAB)
. Откуда .
Физический смысл константы: – проекция начальной скорости точки на ось Ax. Тогда
. (8)
Запишем, зная, что по определению , уравнение (8) в дифференциальной форме:. Разделяя переменные интегрирования, получим.
Интегрируя правую и левую части уравнения совместно, получим.
Константу интегрирования найдем поначальным условиям (НУAB).
. Откуда .
Физический смысл константы: м – начальная абсцисса точки.
Тогда
. (9)
Совокупность уравнений (7)–(9) – уравнения прямолинейного равноускоренного движения несвободной материальной точки на участке AB. Положив ,,в уравнениях (8) и (9), получим:
,(8*)
,(9*)
и определим: f, vВ.
Из уравнения (9*) найдем:
.
Решая уравнение (8*), получим:
.
Участок движения BC.
Для движения свободной материальной точки на участке BC запишем основное уравнение динамики в проекциях на осиBx и By в дифференциальной форме в общем виде:
,
.
По определению ,. Тогда:,,
(10)
Так как ax= 0 – const, ay= g – const, то движение:
– по горизонтали на всем участке BC – равномерное,
– по вертикали – на всем участке BC равнопеременное – равноускоренное.
Мгновенное, истинное, полное ускорение материальной точки равно:
(10*)
Так как ускорение постоянно и по величине, и по направлению, а угол между касательнойm к траектории и ускорением переменный, то проекция a ускорения на касательную переменна по величине
Поэтому движение материальной точки по кривой BC не есть равнопеременное. На участке BC движение – ускоренное (a >0 – var.).
Запишем, зная, что по определению ,, уравнения (10) в дифференциальной форме:
,
.
Разделяя переменные интегрирования, получим: , .
Интегрируя ,правую и левую части уравнений совместно, получим:,.
Константы C3 и C4 интегрирования найдем по начальным условиям, зная, что в момент начала движения с,м,м,
, (НУBC)
, .
Откуда ,. Физический смысл констант интегрирования:,– проекции начальной скорости на осиBx и By. Тогда
(11)
(12)
Запишем, зная, что по определению ,, уравнения (11) и (12) в дифференциальной форме:
,
.
Разделяя переменные интегрирования, получим: ,.
Интегрируя ,правую и левую части уравнений совместно, получим:,.
Константы и интегрирования найдем по начальным условиям (НУBC): ,. Откуда,. Физический смысл констант интегрирования:м,м – начальные координаты материальной точки. Тогда:
(13)
(14)
Совокупность уравнений (11)–(14) – уравнения движения свободной материальной точки на участке BC.
Положив ?c, ? м/с,? м,5 м в уравнениях (12)–(14), получим:
, (12*)
, (13*)
(14*)
и определим: s, s, vC.
Из уравнения (14*) найдем:
с.
Решая уравнения (12*) и (13*), получим: м/с,м.
Тогда наименьшая ширина полки равна:
м.
Скорость падения материальной точки на землю равна:
м/с.
Пример 2 выполнения задания (рисунок 8).
Стопятидесятидвухмиллиметровая артиллерийская система посылает семидесятивосьмикилограммовый снаряд в цель.
Длина ствола 4 м. Угол наклона ствола к горизонту 45. Давление пороховых газов в канале ствола 500 МПа. Сопротивление движению снаряда в канале ствола учтено, как трение скольжения (коэффициент трения скольжения равен 0,05).
Определить время движения снаряда в канале ствола и скорость движения снаряда на выходе из ствола.
Определить дальность, продолжительность, наибольшую высоту полета и скорость падения снаряда в цель, а также время подъема снаряда на наибольшую высоту.
Считать силы, действующие на снаряд постоянными, и не учитывать сопротивление движению снаряда в воздухе.
Рисунок 8 – Рисунок к примеру 2
Дано: m=78 кг; l=4 м; =45; d=152 мм; p=500 МПа; f=0,05. Определить: l , vВ, s, s, h, vC, h
Решение.
Сила давления пороховых газов на снаряд (движущая сила) по величине равна произведению давлениягазов на площадь поперечного сечения снаряда (канала ствола) диаметром:
Н.
Далее решим задачу, не принимая во внимание размеры и форму снаряда (твердого тела) и рассматривая его как материальную точку массой m.
Построим расчетную схему (рисунок 9). Отметим на схеме текущее положение материальной точки на участке AB и на участке BC, построим скорость и ускорениеточки и действующие на нее силы.
Движение несвободной материальной точки на прямолинейном участке AB обусловлено действием сил:. На криволинейном участкеBDC свободная материальная точка движется по горизонтали по инерции; по вертикали – снизу вверх по инерции, преодолевая действие силы тяжести на участке BD, и только под действием силы тяжести сверху вниз на участкеDC.
Участок движения AB. Запишем основное уравнение динамики (закон пропорциональности силы и ускорения в проекции на ось Ax) в дифференциальной форме в общем виде: .
Рисунок 9 – Расчетная схема: для участка AB – a); для участка BДC – б)
Проекция ускорения на осьAx по определению равна: . Тогда.
Отсюда с учетом ,:
,
, (15)
. (15*)
Так как проекция ускорения на ось Ax постоянна (при этом), то прямолинейное движение на участке AB – равноускоренное.
Запишем, зная, что по определению , уравнение (15) в дифференциальной форме
.
Разделяя переменные интегрирования, получим:
.
Интегрируя правую и левую части уравнения совместно, получим.
Константу C1 интегрирования найдем по начальным условиям, зная, что в момент начала движения:
, ,, (НУAB)
. Откуда . Физический смысл константы:– проекция начальной скорости точки на осьAx. Тогда
. (16)
Запишем, зная, что по определению , уравнение (16) в дифференциальной форме:. Разделяя переменные интегрирования, получим.
Интегрируя правую и левую части уравнения совместно, получим.
Константу интегрирования найдем поначальным условиям (НУAB).
. Откуда . Физический смысл константы:– начальная абсцисса точки. Тогда
. (17)
Совокупность уравнений (15)–(17) – уравнения прямолинейного равноускоренного движения несвободной материальной точки на участке AB.
Положив ,,в уравнениях (16) и (17), получим:
, (16*)
(17*)
и определим: , vВ.
Из уравнения (17*) найдем
.
Решая уравнение (2*), получим:
=957 м/с.
Участок движения BDC. Для движения свободной материальной точки на участке BDC запишем основное уравнение динамики в проекциях на оси Bx и By в дифференциальной форме в общем виде:
,
.
По определению ,. Тогда:,,
(18)
Так как ax= 0 – const, ay= -g – const, то движение:
– по горизонтали на всем участке BDC – равномерное;
– по вертикали – на всем участке BDC равнопеременное (на участке BD – равнозамедленное, на участке DC – равноускоренное).
Истинное, полное ускорение материальной точки равно:
, м/с2 – const. (18*)
Внимание: направления стрелок у символов векторов и(орта оси ординат и ускорения свободного падения)разные.
Так как ускорение , м/с2, – постоянно и по величине, и по направлению, а угол между касательной m к траектории и ускорением переменный, то проекция a ускорения на касательную переменна и по величине, и по знаку, т. е.
Поэтому движение материальной точки по кривой BDC не есть равнопеременное. На участке BD – движение замедленное (a<0 – var.), на участке DC – ускоренное (a>0 – var.). В наивысшем положении D движение материальной точки – равномерное (локальное, на мгновение равномерное aD=0).
Запишем, зная, что по определению ,, уравнения (18) в дифференциальной форме:
,
.
Разделяя переменные интегрирования, получим: , .
Интегрируя ,правую и левую части уравнений совместно, получим:,.
Константы C3 и C4 интегрирования найдем по начальным условиям, зная, что в момент начала движения: с,м,м,
м/с,
м/с, (НУBDC)
,.
Откуда ,.Физический смысл констант интегрирования: м/с, м/с – проекции начальной скорости на осиBx и By.
Тогда:
м/с2 – const, (19)
(20)
Запишем, зная, что по определению ,, уравнения (19) и (20) в дифференциальной форме:
,
.
Разделяя переменные интегрирования, получим:
,.
Интегрируя ,правую и левую части уравнений совместно, получим:,.
Константы и интегрирования найдем по начальным условиям (НУBDC).
, . Откуда,. Физический смысл констант интегрирования:м,м – начальные координаты материальной точки. Тогда
, (21)
. (22)
Совокупность уравнений (18)–(22) – уравнения движения свободной материальной точки на участке BDC.
Положив ? с,? м/с,? м,м в уравнениях (20)–(22), получим:
, (20*)
, (21*)
(22*)
и определим s, s, vC.
Из уравнения (22*) найдем:
с.
Решая уравнения (6*) и (7*), получим:
м/с,
км.
Скорость падения материальной точки на землю равна:
м/с.
Положив в уравнении (20) м, получими найдем время подъема на наибольшую высоту:с.
Положив в уравнении (22) с,?, найдем наибольшую высотуподъема:23120 м=23,12 км.