- •Общие методические указания
- •Вопросы учебной программы
- •КОНТРОЛЬНАЯ РАБОТА №1.
- •Решение типового варианта контрольной работы
- •В данном случае будем иметь
- •Практические занятия для первого семестра.
- •Занятие 1. Вычисление определителей. Матрицы, действия над матрицами. Решение систем линейных алгебраических уравнений.
- •3. Решение линейных алгебраических систем.
- •Занятие 2. Линейные операции над векторами. Прямая на плоскости.
- •2. Непрерывность функции.
- •1. Возрастание, убывание функции. Экстремумы функции.
- •3. Выпуклость и вогнутость графика функции. Точки перегиба.
- •4. Асимптоты графика функции.
- •РЕКОМЕНДУЕМАЯ ЛИТЕРАТУРА
|
|
3) |
y = |
ln5 x |
. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
tg3x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
Решение. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
1) y = 6 / x4 −3/ x +3x3 − x , |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
′ |
|||||||||||||
|
|
y′= |
( |
6/ x4 |
′ |
−(3/ x)′+ |
( |
3x3 |
′ |
− |
( |
x |
) |
=6 |
( |
x−4 |
′ |
−3 |
( |
x−1 ′+3 |
( |
x3 |
′ |
1 |
||||||||||||
|
|
− x2 |
= |
|||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
) |
|
|
|
|
) |
|
|
|
|
|
|
) |
|
|
) |
|
|
) |
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
=6 (−4)x−4−1 −3 (−1)x−1−1 +3 3x3−1 − |
|
1 x |
12−1 = −24 / x3 +3/ x2 + 9x2 −1/(2 x) . |
|||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
2) |
y = e2x sin3 (7x +3), |
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
y′=(e2x ) |
′ sin3 (7x +3)+ e2x (sin3 (7x +3))′= e2x (2x) ′ sin3 (7x +3)+ |
|||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
+ e2x 3sin2 (7x +3)(sin (7x +3))′= 2e2x sin3 (7x +3)+ e2x |
3sin2 (7x +3) |
|||||||||||||||||||||||||||||||||
cos(7x +3)( |
7x +3)′= 2e2x |
sin3 (7x +3)+ 21e2x |
|
sin2 (7x +3)cos(7x +3). |
||||||||||||||||||||||||||||||||
|
|
3) |
y = |
ln5 x |
, |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
tg3x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
y′= (ln5 x)' tg3x −(tg3x)' ln5 x |
= |
|
5 ln4 x (ln x)' tg3x |
− |
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
tg2 3x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
tg2 3x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
1 |
|
|
|
|
(3x)' ln5 x 5 ln4 x |
1 |
tg3x − |
|
|
3 |
|
|
ln5 x |
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
|
cos2 |
3x |
x |
cos2 |
3x |
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||
− |
|
|
|
|
= |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
= |
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
tg2 3x |
|
|
|
|
|
|
|
|
tg2 3x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
= |
|
ln4 x (5sin3x cos3x −3x ln x) |
= |
|
ln4 x (5sin 6x −6x ln x) |
. |
|
|
|
|||||||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
x tg2 3x cos2 3x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2x sin2 3x |
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Занятие 5. Исследование функции и построение графиков. Теоретические сведения.
1. Возрастание, убывание функции. Экстремумы функции.
Определение. Функция |
y = f (x) называется возрастающей на |
|
области D , |
если x1 > x2 |
(x1, x2 D) выполняется неравенство: |
f (x1 )> f (x2 ) |
. (Рис. 5.1.) |
|
53
Определение. |
Функция |
y = f (x) называется |
убывающей |
на |
|
области D , |
если |
x1 > x2 |
(x1, x2 D) выполняется неравенство: |
||
f (x1 )< f (x2 ). (Рис. 5.2.) |
|
|
|
||
y |
|
|
y |
|
|
f (x 2 ) |
|
y = f (x) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
f (x1 ) |
|
|
f (x1 ) |
y = f (x) |
|
|
|
|
|
||
|
|
|
f (x 2 ) |
|
|
0 |
x 1 |
x 2 x |
0 |
x 1 x 2 |
x |
Рис. 5.1. |
|
Рис. 5.2. |
|
Теорема (достаточное условие возрастания (убывания)
функции). Если функция y = f (x) дифференцируема на интервале (a;b) и f ′(x)> 0 ( f ′(x)< 0 ), то функция y = f (x) возрастает (убывает) на интервале (a;b) .
Интервалы, на которых функция возрастает или убывает, называются интервалами монотонности функции.
Определение. Точка x0 называется точкой локального максимума функции y = f (x) , если для любой точки x из некоторой окрестности точки x0 выполняется неравенство: f (x0 ) ≥ f (x) .
Определение. Точка x0 называется точкой локального минимума функции y = f (x) , если для любой точки x из некоторой окрестности
точки x0 |
выполняется неравенство: f (x0 ) ≤ f (x) . |
|
|||
y |
|
Значение функции в точке локального |
|||
|
max |
максимума |
(минимума) |
называется |
|
|
максимумом |
|
(минимумом) |
функции. |
|
|
|
и |
|||
|
|
Максимум |
минимум |
функции |
|
|
|
называется |
экстремумом |
функции. |
|
min |
|
(Рис. 5.3.) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
x |
|
|
|
|
Рис. 5.3. |
|
|
|
|
2. Необходимое и достаточное условия существования
экстремума функции.
Теорема (необходимое условие существования экстремума).
Если дифференцируемая функция y = f (x) имеет экстремум в точке x0 , то f ′(x0 ) = 0 .
54
Замечание. Обратная теорема неверна, то есть если f ′(x0 ) = 0 , то это не значит, что точка x0 - точка экстремума.
Точки, в которых производная обращается в нуль или не существует, называются критическими.
Теорема (достаточное условие существования экстремума).
Если при переходе через критическую точку x0 производная дифференцируемой функции y = f (x) меняет свой знак с плюса на минус, то точка x0 - точка локального максимума; если производная меняет свой знак с минуса на плюс, то точка x0 - точка локального
минимума.
Правило исследования функции на экстремум.
1.Найти точки, в которых производная функции обращается в нуль или не существует, то есть найти критические точки.
2.Среди критических точек выбрать те, которые принадлежат области определения функции.
3.Исследовать знак производной слева и справа от каждой из выбранных точек.
3.Выпуклость и вогнутость графика функции. Точки перегиба.
Определение. График функции y = f (x) называется выпуклым
вниз (или вогнутым) на интервале (a;b), если на этом интервале
график расположен выше касательной к графику функции, проведенной в любой точке интервала (a;b).
Определение. График функции y = f (x) называется выпуклым вверх (или выпуклым) на интервале (a;b), если на этом интервале
график расположен ниже касательной к графику функции, проведенной в любой точке интервала (a;b).
y y
0 |
x |
0 |
(a;b) |
x |
Теорема. Если функция |
y = f (x) |
на интервале |
дважды |
|
′′ |
|
|
|
(a;b), то |
дифференцируема и f (x) > 0 для любого x из интервала |
||||
график функции на интервале (a;b) |
вогнутый; если |
′′ |
|
|
f (x) < 0 для |
любого x из интервала (a;b), то график функции на интервале (a;b) выпуклый.
55
Определение. Точка графика дифференцируемой функции называется точкой перегиба функции y = f (x) , если в ней характер
выпуклости меняется на противоположный.
y
M 0
0 |
x |
Теорема. Если для функции y = f (x) вторая производная в некоторой точке x0 обращается в нуль или не существует, и при переходе через эту точку меняет свой знак на противоположный, то точка M0 (x0; f (x0 )) является точкой перегиба графика функции y = f (x) .
4. Асимптоты графика функции.
Определение. Асимптотой графика функции y = f (x)
называется прямая, обладающая тем свойством, что расстояние от точки графика этой функции до этой прямой стремится к нулю при неограниченном удалении точки графика от начала координат.
Определение. Прямая x = x0 называется вертикальной
асимптотой графика функции |
y = f (x) , если хотя бы один из |
|
односторонних пределов в точке x0 |
равен бесконечности. |
|
y |
y |
y |
x |
|
|
0 |
0 |
0 |
x |
x |
Замечание. Вертикальные асимптоты существуют в точках
разрыва функции. |
|
|
Определение. Прямая y = kx +b |
называется наклонной |
|
асимптотой графика |
функции y = f (x) |
при x стремящемся к |
бесконечности, если |
f (x) = kx +b +α(x) , |
где α(x) →0 . Если |
|
|
x→±∞ |
k = 0, то асимптота y =b называется горизонтальной.
56
Теорема. Для того, чтобы |
график функции y = f (x) |
имел |
||||
наклонную асимптоту |
y = kx +b |
необходимо и достаточно, |
чтобы |
|||
существовали конечные пределы: |
|
|||||
k = lim |
f (x) |
; |
b = lim |
( f (x) −kx). |
|
|
|
|
|
||||
x→±∞ |
x |
x→±∞ |
|
|
|
Если хотя бы один из пределов не существует или равен бесконечности, то график функции наклонной асимптоты не имеет.
|
|
|
|
|
|
Аудиторные задания. |
|
|
|
1. |
Найти точки экстремума функций: |
ex |
|
|
|||||
а) y = x3 + 2x2 −7x + 4 ; |
г) y = |
. |
|
||||||
|
|
|
x3 |
|
|
x |
|
||
б) |
y = |
|
|
; |
|
|
|
||
1+ x2 |
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||
в) |
y = xln2 x ; |
|
|
|
|
||||
2. |
Найти точки перегиба и интервалы выпуклости функций: |
||||||||
а) y = 2x3 −3x2 +15; |
в) y = 2x2 +ln x ; |
||||||||
б) y = x3 −6x2 ; |
г) y = xex . |
||||||||
3. |
Найти асимптоты графиков функций: |
|
|
|
|||||
а) |
y = |
|
3 −4x |
; |
г) y = |
3x5 |
|||
|
2 +5x |
|
; |
||||||
|
2 + x4 |
||||||||
б) |
y = |
1− x2 |
|
|
|
2x3 ln x |
|||
1+ x2 ; |
д) y = |
1+ x2 . |
|||||||
в) |
y = |
1+ x2 |
; |
|
|
|
|
||
1− x2 |
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
Индивидуальные задания.
1.Найти экстремумы функции.
2.Найти интервалы выпуклости и точки перегиба графика функции.
3.Найти асимптоты кривой.
Вариант 1 |
Вариант 2 |
|
||||||||||
1. |
y = |
|
x2 |
|
|
; |
1. |
y = |
3 − x2 |
; |
||
x − |
|
2 |
x + 2 |
|||||||||
|
|
|
|
2. |
|
|
||||||
2. |
y = e |
−x2 |
; |
|
y = x −ln x ; |
|||||||
|
|
|
|
|
|
2 |
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
3. |
y = |
|
x2 |
|
|
. |
3. |
y = |
(x −1)2 . |
|||
x − |
1 |
|||||||||||
|
|
|
|
|
(x +1) |
|
57
Вариант 3 |
Вариант 4 |
||||
1. |
y = x −2ln x ; |
1. |
y = x2e−x ; |
||
2. |
y = x3 −6x2 + x ; |
2. |
y = x4 + 2x3 −12x2 −5x + 2 ; |
||
3. |
y = x2 + |
1 |
. |
3. |
y = x + 27 . |
2 |
|||||
|
|
x |
|
x3 |
Решение типового варианта.
1.Исследовать на экстремум функцию y = x(x −1)3 .
2.Найти интервалы выпуклости, вогнутости и точки перегиба графика функции y = x(x −1)3 .
3.Найти асимптоты функции y = x21−1 .
Решение.
1. Найдем производную функции:
y′=(x(x −1)3 )′ =(x −1)3 + x 3(x −1)2 =(x −1)2 (x −1+3x)= (x −1)2 (4x −1).
Найдем критические точки, то есть точки в которых производная обращается в нуль или не существует:
y′= 0 : (x −1)2 (4x −1)= 0 x =1, x = 14 .
Областью определения функции является вся числовая прямая, значит обе критические точки принадлежат области определения. Методом интервалов исследуем знак первой производной слева и справа от каждой из критических точек.
|
– |
|
|
|
|
+ |
|
+ |
|
y′ |
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
1 |
|
x |
|
|
|
|
4 |
|
|
|
|
|
|
||
Следовательно, для |
|
−∞; |
1 |
|
′ |
|
, значит, функция убывает |
||||
x |
4 |
|
y (x) < 0 |
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
на этом промежутке; |
для |
|
|
1 |
|
- |
′ |
, |
значит, функция |
||
x |
|
|
;+∞ |
y (x) > 0 |
|||||||
|
|
|
4 |
|
|
|
|
|
возрастает на этом промежутке. По достаточному условию
существования экстремума в точке x = 1 функция имеет локальный |
||||||||
4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
минимум, так как при переходе через эту точку производная меняет |
||||||||
|
1 |
|
1 |
1 |
3 |
27 |
|
|
свой знак с минуса на плюс. При этом ymin = y |
|
= |
|
|
−1 = − |
|
. |
|
4 |
4 |
256 |
||||||
|
|
4 |
|
|
||||
Точка x =1 не является точкой экстремума. |
|
|
|
|
|
|
|
58
2. Выше была найдена первая производная функции: y′=(x −1)2 (4x −1). Найдем вторую производную:
y′′=((x −1)2 (4x −1))′ = 2(x −1)(4x −1)+ 4(x −1)2 = (x −1)(8x − 2 + 4x − 4)= =(x −1)(12x −6).
Найдем точки, в которых вторая производная обращается в нуль:
y′′= 0 :(x −1)(12x −6)= 0 x1 =1, x2 = 1 |
. |
Методом |
интервалов |
|||||||||
исследуем знак второй производной2 |
слева и справа от каждой из |
|||||||||||
полученных точек. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
+ |
|
– |
|
|
+ |
y′′ |
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
1 |
|
x |
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Следовательно, |
|
|
|
1 |
|
|
y′′(x) > 0 , |
и |
график |
|||
для x −∞; |
(1;+∞) |
|||||||||||
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
функции вогнутый, |
а для |
|
1 |
|
|
′′ |
, и график |
функции |
||||
|
x |
;1 |
y (x) < 0 |
|||||||||
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
= 1 |
|
выпуклый. Таким образом, |
|
при переходе через точки |
x |
=1, x |
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
2 |
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 ;− |
1 |
||
меняется характер выпуклости. Следовательно, точки M1 |
|
и |
||||||||||
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
16 |
|||
M2 (1;0) являются точками перегиба графика данной функции. |
|
|
|
3. Найдем вертикальные асимптоты. Точками разрыва функции
являются точки в которых знаменатель обращается в нуль, то есть x1 =1 и x2 = −1. Вычислим односторонние пределы в точках разрыва
функции. Для точки x1 =1 имеем:
lim y = |
lim |
|
1 |
|
= |
|
|
1 |
|
|
= −∞; lim y = |
lim |
|
1 |
|
|
= |
|
1 |
|
= +∞. |
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
−1 |
+0 |
||||||||||||||||||||
x→1−0 |
x→1−0 x2 −1 |
|
|
|
−0 |
|
|
x→1+0 |
x→1+0 x2 |
|
|
|
|
|
||||||||||||||
Для точки x2 = −1: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
lim y = lim |
1 |
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
y = |
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
1 |
||||
|
|
|
|
= |
|
|
|
|
= +∞; |
lim |
lim |
|
|
|
|
|
|
= |
|
|
= −∞. |
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
x→−1−0 |
x→−1−0 x2 −1 |
|
|
+0 |
x =1 |
x→−1+0 |
|
x→−1+0 x2 −1 |
|
−0 |
||||||||||||||||||
Следовательно, |
прямые |
и x = −1 |
являются вертикальными |
|||||||||||||||||||||||||
асимптотами. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
y = kx +b , |
если |
она |
существует. |
|||||||||||||
Найдем |
наклонную |
асимптоту |
Вычислим пределы:
59
k = lim |
|
f (x) |
= lim |
|
|
1 |
|
|
|
|
= 0; |
|
|
|
|
|
|
|
||
|
x |
|
( |
2 |
) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
x→±∞ |
|
x→±∞ |
|
−1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
x x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
( f (x) −kx)= |
|
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
1 |
|
|
||||||
b = lim |
lim |
|
|
|
|
|
−0 x |
= |
lim |
|
|
|
|
= 0 . |
||||||
|
2 |
−1 |
|
2 |
−1 |
|||||||||||||||
x→±∞ |
|
|
|
|
x→±∞ x |
|
|
|
|
x→±∞ x |
|
|
||||||||
Следовательно, |
прямая |
y = 0 |
|
является горизонтальной |
асимптотой.
y
−1 |
0 |
1 |
x |
|
−1 |
|
|
60