Лекции по сопротивлению материалов II сем
.pdf41
Лекция 16.
Сложное сопротивление. Косой изгиб. Расчет балок при косом изгиб. Понятие о нулевой линии. Вычисление прогибов при косом изгибе.
Ранее рассматривались такие виды деформирования конструкций, когда под действием внешних воздействий в них возникали простейшие виды напряженного со-
стояния: растяжение, сжатие или плоский изгиб. За рамками данного курса остались такие деформации как сдвиг и кручение. В действительности, элементы конструкций часто претерпевают не одну простую деформацию, а их комбинации. Например, колон-
ны, нагруженные эксцентрично, испытывают не только сжатие, но и изгиб, в стержнях ферм и рам возможна комбинация растяжения с изгибом, в валах машин возникает из-
гиб с кручением, возможны и более сложные комбинации деформаций. Такое дефор-
мирование элементов конструкций определяется как сложное сопротивление. При рас-
смотрении сложного сопротивления необходимо воспользоваться принципом незави-
симости действия сил, т.е. рассматривать отдельно напряженно деформированное со-
стояние от действия каждого простого нагружения, а затем складывать эти результаты для выявления наиболее опасного состояния конструкции с точки зрения прочности и перемещений.
Одним из видов сложного напряженного состояния является косой изгиб. Ранее,
при изучении плоского изгиба, предполагалось, что внешние силы лежат в одной плос-
кости с главной осью инерции сечения, т.е. в главной плоскости. В этом случае в этой же плоскости происходят и поперечные перемещения точек оси балки. На практике,
встречаются случаи, когда плоскость действующих на балку усилий проходит через ее ось, но она не совпадает с главной плоскостью. В этом случае балка будет деформиро-
ваться не в плоскости действия сил, и этот случай называется плоским косым изгибом.
Возможен другой случай, когда силы, действующие на балку по ее длине, действуют в разных плоскостях, и в этом случае деформированная ось балки вообще не лежит в од-
ной плоскости. Этот случай деформирования называется пространственным косым изгибом. Рассмотрим случай плоского косого изгиба. Такое напряженное состояние возникает, например, в обрешетинах кровли, рис. 16.1 а. Вертикальная нагрузка от веса кровли и нагрузка от снега, направлены по вертикали, т.е. под углом α к главной оси.
Другим примером косого изгиба может служить консоль из стального прокатного угол-
ка, находящаяся под действием собственного веса и вертикальной нагрузки, рис. 16.1 б.
В этом случае главная ось поперечного сечения консоли также наклонена к вертикали.
Рассмотрим деформацию косого изгиба на примере изгиба консоли прямоугольного сечения, находящейся под действием сосредоточенной силы Р, рис. 16.2.
42
Рис. 16.1. Примеры сложного сопротивления в виде косого изгиба:
а - обрешетины кровли; б - консоль из стального уголка Пусть на консоль действует сосредоточенная сила Р, приложенная к ее торцу в плоско-
сти, наклоненной к главной плоскости yoz под углом α, рис. 16.2 а .Требуется опреде-
лить напряжения в сечениях бруса. прогибы, а также положение нейтральной оси (ну-
левой линии) и построить эпюру нормальных напряжений в сечении бруса. Разложим
Рис. 16.2 Напряженное состояние сечения консоли при косом изгибе.
силу Р на две составляющие РХ и Py, действующие по направлению главных осей инерции сечения Ox и Oy. Эти составляющие равны:
РХ = P sin α; Py= P cos α.
Разложение действующей силы на две составляющие привело к тому, что мы можем рассматривать внутренние усилия консоли от действия силы Р как сумму от действия
43
двух плоских изгибов в направлении главных осей инерции. В приведенном примере самым напряженным сечением является сечение ABCD в заделке. Изгибающие момен-
ты в этом сечении будут:
МХ = Py · ℓ= P · ℓcos α; Мy = РХ · ℓ= P · ℓ sin α. |
(16.1) |
Момент МХ изгибает брус в плоскости главной оси инерции Y и нейтральной осью сечения ABCD будет ось Х. От действия этого момента, верхние волокна бруса бу-
дут растянуты, нижние сжаты, рис. 16.2 б. Момент Мy изгибает брус в плоскости главной оси инерции Х, а нейтральной осью будет ось Y. От действия этого момента,
правые волокна бруса будут растянуты, а левые сжаты, рис. 16.2 в. Для того, чтобы вычислить напряжения в произвольной точке К сечения, необходимо просуммировать напряжения вызываемые действием этих двух изгибающих моментов МХ и Мy:
σк = МХ · y / JХ + Мy · х / Jy, |
(16.2) |
где: х и у - координаты точки К; JХ и Jy - моменты инерции поперечного сечения от-
носительно осей Х и У.
Для угловых точек модули координат приобретают максимальное значение, поэтому формулу (16.2) для вычисления напряжений в них можно преобразовать к виду
σmax,min = ± MХ / WХ ± My / Wy.
Здесь WХ и Wy - моменты сопротивления сечения. Выбор знаков в этом соотноше-
нии зависит от того, растягивается ли волокно в рассматриваемой точке, или сжима-
ется. При растяжении принимается знак плюс, при сжатии - минус. При заданных на рис. 16.2 а услолвиях максимальные растягивающие напряжения будут в точке С, а
максимальные сжимающие в точке А
σС = MХ / WХ +My / Wy; σА = - MХ / WХ - My / Wy. |
(16.3) |
Напряжения в точках В и D будут |
|
σВ = MХ / WХ - My / Wy; σD = - MХ / WХ + My / Wy. |
(16.4) |
Вычислив напряжения в угловых точках можно поострить эпюру напряжений по кон-
туру сечения или пространственную эпюру по всему сечению. Из рассмотрения эпюр на рис. 16.2 б, в, ясно, что нейтральная линия при косом изгибе не может совпадать с ни с одной из осей симметрии сечения, она должна проходить с наклоном к этим осям.
Для того, чтобы определить положение нулевой линии необходимо приравнять нулю нормальные напряжения в сечении, следовательно, используя соотношение (16.2)
можно записать:
|
44 |
σ = МХ · yN / JХ + Мy · хN / Jy = 0, |
(16.5) |
где хN, yN - текущие координаты нулевой линии.
Анализ этого соотношения показывает, что его левая часть может быть равна нулю только тогда, когда его слагаемые имеют разные знаки. При этих условиях из (16.5)
получим |
yN = [Мy JХ/ (МХ Jy)] хN, |
|
и учитывая соотношения (16.1) |
|
|
|
yN = (JХ/ Jy) tg α хN. |
(16.6) |
Таким образом, нулевая линия это прямая проходящая через начало координат с угло-
вым коэффициентом tg β равным
tg β = (JХ/ Jy) tg α. |
(16.7) |
Угол β - это угол наклона нулевой лини к оси X, |
отсчитываемый в первом положи- |
тельном квадранте от оси абсцисс к оси ординат. Из соотношения (16.7) видно, что на-
правление нулевой линии, т.е. линии нулевых напряжений, не будет перпендикулярно силовой плоскости, наклоненной к оси ординат под углом α, как это бывает при плос-
ком изгибе, рис. 16.3 а. Равенство этих углов обеспечивается только тогда, когда равны друг другу главные моменты инерции JХ = Jy, а это возможно только в симметричных сечениях, таких как круг, квадрат, правильные многоугольники и т.п. Интересно, что для прямоугольного бруса, когда силовая линия проходит по диагонали сечения, нуле-
вая линия проходит через другую диагональ, рис. 16.3 б. Действительно, если
Рис. 16.3. Нулевая линия в прямоугольном сечении:
линия А В - след силовой плоскости; линия N N - нулевая линия
силовая линия АВ проходит через диагональ прямоугольника tg α = b/h, из соотноше-
ния (16.7) получим:
tg β = (b/ h) (b h3/12) / (b3 h/12) = h/b.
45
Построив нулевую линию, можно из самых разнесенных точек сечения, провести линии параллельные ей (рис. 16.2 г) и построить эпюру нормальных напряжений по направлению перпендикулярному нулевой линии. Краевые ординаты этой эпюры будут соответствовать значениям максимальных напряжений в сечении. Умение находить точки с максимальными по модулю напряжениями при косом изгибе необходимо для проверки прочности сечений. Если сечение составлено из фигур с прямолинейными гранями, то наиболее опасную точку (точку с наибольшими по модулю напряжениями)
можно определить методом перебора. Например, на рис.16.4 изображен стержень с Z -
образным сечением. Для такого стержня достаточно вычислить напряжения в точках
1,2, и 3 и затем выбрать из полученных значений максимальное. В данном случае
Рис. 16.4.
максимальные напряжения имеют место в точке 2. Если же сечение имеет сложную не-
регулярную форму, то умозрительно найти наиболее опасную точку можно только по-
строив нулевую линию.
Вычисление прогибов балок при косом изгибе производится также на основе принципа независимости действия сил. Отдельно вычисляются перемещения оси балки от компонент усилий действующих в плоскости одной и другой главных осей. Затем эти перемещения складываются геометрически. Для рассмотренной консоли, рис.16.2 а,
найдем перемещение ее конца при действии силы Р. Вычислим перемещения υy от
действия силы Py и υх от действия силы РХ по направлению соответствующих осей.
υy = Py ℓ3/ (3 Е JХ); υХ = PХℓ3/ (3 Е Jy). |
|
Полное перемещение вычисляется как геометрическая сумма составляющих |
|
υ= (υ2y + υ2Х) 0,5. |
(16.8) |
Направление суммарного перемещения определяется углом γ, углом наклона пере-
мещения к вертикальной оси
tg γ = υХ / υy = (PХ JХ) / (PyJy) = (PJХ sin α) / (PJy cos α) = (JХ / Jy) tg α. |
(16.9) |
46
Сравнивая соотношения (16.9) и (16.7) делаем вывод, что γ = β, как углы с взаимно
перпендикулярными сторонами. Следовательно, направление прогибов совпадает с
нормалью к нулевой линии и не совпадает с плоскостью действия сил. Последнее об-
стоятельство и послужило причиной для названия такого изгиба - косой изгиб.
Рассмотрим пример вычисления напряжений и прогибов при косом изгибе. Для
консоли, изображенной на рис. 16.2 примем следующие исходные данные: Р = 10 тс,
α = 450, ℓ = 2 м, h = 0,2 м, b = 0,1 м, модуль упругости материала Е = 21000000 тс/м2.
Требуется вычислить максимальные напряжения в сечении заделки, прогиб конца кон-
соли и направление прогиба.
Вычислим горизонтальную и вертикальную составляющие вектора сил:
РХ = Py= P sin 450 = 10 · 0,5· √2 = 7,071 тс.
Изгибающие моменты в заделке будут:
МХ = Мy = Py · ℓ = 7,071 · 2 = 14,142 тм.
Вычислим геометрические характеристики сечения:
JХ = b · h3/12 = (0,1 · 0,23) / 12 = 0,667 · 10-4 м4.
Jy = b3· h /12 = (0,13 · 0,2) / 12 = 0,167 · 10-4 м4.
WХ = 2 · JХ / h = 2 · 0,667 · 10-4 / 0,2 = 0,667 · 10-3 м3.
Wy = 2 · Jy / b = 2 · 0,167 · 10-4 / 0,1 = 0,333 · 10-3 м3.
Теперь вычислим напряжения в характерных точках сечения с помощью соотношений
(16.3) и (16.4). Максимальные напряжения растяжения возникают в точке С, а сжатия в точке А:
σС = MХ / WХ +My / Wy = 14,142 · 103/ 0,667 + 14,142 · 103 / 0,333 = 63607,2 тс/м2 = = 6360,7 кгс/см2.
В силу симметрии рассматриваемого сечения минимальные напряжения (сжатие) в
точке А: σА = - σС = - 6360,7 кгс/см2.
Напряжения в точке D:
σD = - MХ / WХ + My / Wy = - 14,142 · 103/ 0,667 + 14,142 · 103 / 0,333 = = 21202,4 тс/м2 = 2120,2 кгс/см2.
В точке В:
σВ = MХ / WХ - My / = 14,142 · 103/ 0,667 - 14,142 · 103 / 0,333 = - 21202,4 тс/м2 =
= - 2120,2 кгс/см2.
47
Вычислив напряжения в крайних точках сечения можно построить эпюры нормальных напряжений по граням сечения. Теперь можно графически построить линию нулевых напряжений. Если снести нулевые точки эпюр на грани сечения получим на этих гра-
нях следы нулевой линии. Соединив их, получим положение нулевой линии, рис. 16.5.
Рис. 16.5. Напряженное состояние сечения при косом изгибе
Далее вычислим аналитически угол наклона нулевой линии к оси Х, tg β = (JХ/ Jy) tg α = (0,667 · 10-4 / 0,167 · 10-4) · 1 = 4, откуда β ≈ 760.
Прогиб на конце консоли можно вычислить по соотношению (14.8):
υХ = PХℓ3/ (3 Е Jy) = 7,071· 23 / (3 · 21000000 · 0,167 · 10-4) = 0,05376 м = 5,376 см.
υy = Py ℓ3/ (3 Е JХ) = 7,071· 23 / (3 · 21000000 · 0,667 · 10-4) = 0,01344 м = 1,344 см.
υ= (υ2y + υ2Х) 0,5 = (5,3762 + 1,3442)0,5 = 5,541см.
Тангенс угла наклона плоскости перемещения к вертикальной оси tg γ = υХ / υy = 5,376 / 1,344 = 4. Откуда γ ≈ 760.
Таким образом, вычисления подтвердили, что направление перемещения перпендику-
лярно нейтральной линии: γ = β.
Лекция 17.
Внецентренное сжатие-растяжение. Определение напряжений в стержнях при
48
внеценренном действии продольной силы
Еще один случай сложного сопротивления возникает тогда, когда сжимающая или растягивающая сила, параллельная оси бруса, приложена не в центре тяжести его поперечного сечения. Такое напряженное состояние называется внецентренным сжа-
тием или растяжением. Далее мы будем рассматривать только сжимающую силу, имея в виду, что для растяжения действуют те же законы, только результирующие напряже-
ния следует брать с обратным знаком. Итак, для простоты, рассмотрим брус прямо-
угольного сечения , который находится под действием сжимающей силы Р, рис. 17.1,
приложенной в плоскости ZOX, одной из главных осей инерции сечения, на некото-
ром расстоянии от центра тяжести. Расстояние e от точки приложения силы до центра тяжести сечения называется эксцентриситетом. Силу Р, приложенную с эксцентри-
ситетом, можно заменить эквивалентной ей системой - силой такой же величины, при-
ложенной в центре тяжести сечения и моментом Мy = Р ex. Очевидно, что центрально приложенная сила будет равномерно сжимать брус, а момент будет его изгибать. Если пренебречь горизонтальным перемещением верха бруса под действием изгибающего момента, то для вычисления напряжений в нем можно воспользоваться принципом не-
зависимости действия сил. Если пренебречь собственным весом бруса, то в любом его сечении, с координатой z по высоте, действуют внутренние усилия: нормальная сила
N = - P и изгибающий момент My = P ex= N ex.
Рис. 17.1. Внецентренно нагруженный стержень
Другими словами, мы получили сочетание центрального сжатия и чистого изгиба. Ве-
личина нормального напряжения в любом сечении бруса, на расстоянии x от оси Y,
определится как сумма двух напряжений
|
49 |
σx = - N / F ± Мy · х / Jy = - N / F ± N ex · х / Jy, |
(17.1) |
где: F - площадь поперечного сечения бруса; Jy - момент инерции сечения относи-
тельно оси Y.
В случае приложения силы в плоскости другой главной оси инерции сечения ZOY, в
точке В, рис. 17.1, напряжения будут
σy = - N / F ± Мx · y / Jx = - N / F ± N eу· y / Jx, |
(17.2) |
где: Мx = P ey = N ey - изгибающий момент в плоскости ZOY; y - расстояние точки приложения силы от оси Х; Jx - момент инерции сечения относительно оси Х.
Наибольшие напряжения в сечении возникают на его гранях, поэтому для граней, соот-
ношение для напряжений (17.1) можно представить в виде:
σmax,min = - N / F ± My / Wy,
и так как Wy = b h2 / 6, F = b h, то выражение для максимальных напряжений будет
σmax,min = - N |
/ F ± N 6 ex / (b h2) = - N / F · (1 ± 6 ex / h). |
(17.3) |
Анализ соотношения (17.3) |
показывает, что знак напряжения зависит от выражения |
Рис. 17.2. К построению эпюр напряжений при внецентренном сжатии в скобках и здесь возможны три случая, см. рис. 17.2:
а) 6 ex / h < 1 или, что то же, ex < h / 6.
В этом случае выражение в скобках в соотношении 17.3 может быть только положительным, напряжения от изгиба по абсолютному значению будут меньше на-
пряжений от сжатия и следовательно, в сечении будут действовать только сжимающие напряжения, эпюра этих напряжений представлена на рис. 17.2 а. Если графически до-
50
строить эпюру для получения нулевого напряжения, то видно, что линия нулевых на-
пряжений будет расположена за пределами сечения.
б) 6 ex / h = 1 или ex = h / 6.
При таких условиях выражение в скобках может быть или равным нулю или положи-
тельным, т.е. напряжения в сечении будут одного знака. Максимальное напряжение,
напряжение по грани АВ сечения, рис. 17.2 б:
σmax = - N / F · (1 - 6 ex / h) = 0,
минимальное напряжение (по грани CD) будет
σmin = - N / F · (1 + 6 ex / h) = - 2 N / F = - 2 P / F.
Нулевая линия в этом случае проходит по грани сечения, а на противоположной грани напряжения сжатия в два раза больше напряжений, вызванных действием центральной сжимающей силы.
в) 6 ex / h > 1 или ex > h / 6.
При таком эксцентриситете выражение в скобках, и следовательно напряжения могут быть разнозначными, как положительными, так и отрицательными. Напряжения от из-
гиба на гранях сечения по абсолютной величине будут больше напряжений сжатия. По-
этому в одной части сечения будет действовать растяжение, в другой сжатие и нулевая линия будет расположена в пределах сечения, рис. 17.2 в. Заметим, что на этом рисунке для всех рассмотренных случаев пунктирными линиями показаны эпюры напряжений при приложении силы Р по другую сторону оси Y. Как видно, при зеркальном прило-
жении силы, зеркально изменяются и эпюры напряжений и положение нулевой линии.
Из анализа всех трех случаев приложения силы можно сделать такие выводы:
Если, при прямоугольном поперечном сечении, сила приложена в центре тяжести сече-
ния (в соотношении (17.1) ex = 0), то напряжения во всех точках сечении будут одина-
ковы и равны напряжениям центрального действия силы, а нулевая линия будет рас-
положена в бесконечности. Если теперь, перемещать точку приложения силы вдоль оси Х, то до тех пор, пока эта сила не выходит из пределов средней трети сечения, аб-
солютная величина эксцентриситета |ex| < h / 6, то напряжения во всем сечении будут одного знака, нулевая линия будет расположена вне пределов сечения, и по мере уве-
личения эксцентриситета, будет приближаться из бесконечности к грани сечения. Ко-
гда, эксцентриситет по абсолютной величине станет равен |ex| = h / 6, нулевая линия совпадет с гранью сечения (напряжения на этой грани будут равны нулю), а на проти-
воположной грани напряжения будут по абсолютной величине вдвое больше напряже-