- •Введение.
- •Основные факты планиметрии.
- •I. Треугольники
- •1) Теорема синусов.
- •2) Теорема косинусов.
- •3) Теорема о биссектрисе угла в треугольнике.
- •4) Вычисление биссектрисы угла.
- •5 ) Вычисление координаты точки отрезка.
- •4 ) Теорема об отрезках пересекающихся хорд.
- •Вариант 1.
- •Вариант 2.
- •Вариант 4.
- •Вариант 5.
- •Вариант 6.
- •Вариант 7.
- •Вариант 8.
- •Вариант 9.
- •Вариант 10.
- •Вариант 11.
- •Вариант 12.
- •Вариант 13.
- •Вариант 14.
- •Вариант 15
- •Вариант 16.
- •Вариант 17.
- •Вариант 18.
- •Вариант 19.
- •Вариант 20.
Вариант 13.
№13.
В треугольнике АВС проведены медианы АМ и CN. найдите расстояние между их серединами, если АС=16 см.
Д ано: , медианы АМ и СN, AD=DM, NF=FC, .
Найти:
Решение.
Введем прямоугольную систему координат так, что A(0;0), B(a;b), C(16;0), тогда , ,
Ответ:
№14.
В треугольнике ABC угол A больше угла B, а угол B больше угла C. К какой из вершин треугольника ближе всего расположен центр вписанной в него окружности?
Д ано: ABC, A > B >C, O –центр вписанной в ABC окружности
Найти: к какой из вершин треугольника ближе всего расположен центр вписанной в него окружности
Решение:
Поскольку O – центр вписанной окружности, то OA, OB и OC – биссектрисы углов A, B и C соответственно.
Т.к. A > B, то A > B , а т.к. в треугольнике против большего угла лежит большая сторона .
Аналогично (из ). Таким образом, центр вписанной в треугольник ABC окружности ближе всего расположен к вершине A.
№15.
Дан прямой угол. Найдите геометрическое место середин всех отрезков одной и той же длины с концами на сторонах этого угла.
Д ано: - прямоугольный, , , ,
Найти: ГМТ
Решение.
- прямоугольные, тогда , значит, точки лежат на дуге окружности с центром в точке С и
Ответ: точки лежат на окружности с центром в точке С и
Вариант 14.
№ 13.
В прямоугольном треугольнике ABC (C – прямой) проведена высота CD, а в треугольнике ACD – биссектриса CE. Докажите, что треугольник BCE равнобедренный.
Д ано: ABC, C = 90, CD – высота ABC, CE – биссектриса ACD
Доказать: BCE – равнобедренный.
Доказательство.
Так как CE – биссектриса ACD, то ACE = ECD. BCE = ACB - ACE = 90 -
-ECD, BEC = 180 - ADC - ECD = 90- -ECD BCE = BEC BCE – равнобедренный.
№ 14.
В равнобокой трапеции диагональ перпендикулярна боковой стороне и является биссектрисой одного из углов трапеции. Определите, в каком отношении диагонали трапеции делятся точкой пересечения.
Дано: ABCD – равнобокая трапеция AB = CD, AC CD, AC BD = O, AC –биссектриса A
Найти:
Решение.
Так как трапеция – равнобокая и АС – биссектриса , то BAC = CAD = BDC = BDA CAD = 90 - 2CAD CAD = 30 , а так как OD – биссектриса ACD, то
Ответ:
№ 15
Треугольник ABC – равносторонний со стороной, равной a. На расстоянии a от вершины A взята точка D. Найдите угол BDC.
Дано: ABC – равносторонний, AB = = BC = AC = AD = a
Найти:
Решение.
Построим окружность с центром в точке A и радиусом, равным a. Тогда точки B, C и D лежат на этой окружности, а градусная мера меньшей дуги BC равна 60 (поскольку BAC – центральный для этой окружности и равен 60). Рассмотрим 2 случая:
1) пусть D лежит на большей дуге BC окружности (на чертеже эта точка обозначена как D1). Тогда BDC – вписанный и опирается на меньшую дугу BC и, потому, равен половине её градусной меры, то есть 30;
2) пусть D лежит на меньшей дуге BC окружности (на чертеже эта точка обозначена как D2). Тогда BDC – вписанный и опирается на большую дугу BC и, потому, равен половине её градусной меры, то есть 150. Примечание: Если точка D совпадает с одной из точек B или C, что вполне возможно согласно условию задачи, то BDC = 0
Ответ: 30° или 150°