Добавил:
Опубликованный материал нарушает ваши авторские права? Сообщите нам.
Вуз: Предмет: Файл:
[ Грикуров, Аленицын ] Обобщённые функции в матфизике.pdf
Скачиваний:
145
Добавлен:
22.08.2013
Размер:
658 Кб
Скачать
определяет регулярную в правой полуплоскости
0
tz−1dz = 0 по теореме Коши. Следовательно, в силу теоремы
R

при некоторых частных значениях λ она выражается через другие специальные функции . В частности,

R(µ, 1/2) = 1 −

πµeµ

erfc(µ) , ãäå erfc(z) = √π

e−t

dt −

Zz

 

 

 

2

2

 

2

 

функция ошибок (интеграл вероятностей).

С точки зрения физических приложений функции Миттаг -Лефлера важно отметить, что затухание, описываемое этой функцией, т.е. ее убывание при µ → ∞, в случае λ < 1 оказывается более медленным (степенным) по сравнению с экспоненциальным. В частности,

 

 

 

1

 

 

1

 

R(µ, 1/2)

 

 

 

 

E(x) x

 

2

 

 

.

µ

2

πpx3/2

 

 

→∞

 

 

 

→∞

 

 

 

 

III -ФУНКЦИЯ

Исходное определение -функции может быть сделано различными способами . Наиболее распространенным является:

.

Определение Д 3.3. (z) =

e−ttz−1dt .

 

R

 

0

Интеграл в Ä 3.3 сходится, и при том абсолютно, в полуплоскости Rez > 0. Проинтегрируем (z) по любому замкнутому контуру в правой полуплоскости . В силу абсолютной сходимости можно переставить интегралы по замкнутому контуру и dt. После переста-

новки внутренний интеграл H

Мореры,

Утверждение Д 3.5. интеграл Ä 3.3

функцию.

Аналитическое продолжение

Материал настоящего пункта имеет очевидные аналогии с аналитическим продолжением функционалов xλ± (см. дополнение I).

Интегрированием по частям в определении Ä 3.3

получаем формулу,

являющуюся

одним из основных функциональных свойств (z):

 

 

 

 

 

 

Утверждение Д 3.6. (z + 1) = z (z) , . . . , (z + n) = (z + n − 1)...(z + 1)z (z) .

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Пример Ä 3.4. (1) =

e−tdt = 1; (n + 1) = n(n

 

1)...1 = n!.

в полуплоскость

 

При помощи

R

 

 

можно продолжить

 

 

 

0

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

утверждения Ä

 

 

 

 

 

(z)

 

 

Rez > −n:

 

 

3.6

 

 

 

 

 

 

 

 

 

(z) =

 

(z + n)

 

,

Rez > −n .

 

(Ä 3.9)

 

 

 

 

 

 

 

 

(z + n

1)...(z + 1)z

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Тем самым (z) мероморфна в полуплоскости Rez > −n и имеет там простые полюса в

точках

z

= −

m

 

m

 

, , ..., n

− 1.

Нетрудно подсчитать

res (z) =

(n−m)

 

 

 

 

,

= 0

 

(n−m−1)...1(−1)...(−m) =

 

(−1)m

 

 

 

 

1

 

z=

m

 

.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

m!

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

VI

Формула (z) (1 − z) = π/ sin πz

При выводе этой формулы достаточно считать z = x, ãäå 0 < x < 1. Тогда по единственности аналитического продолжения формула будет верна всюду .

 

 

∞ ∞

 

t

x dtdτ

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

τ

Имеем (x) (1 − x) =

 

e−(t+τ)

 

 

 

t .

Заменой переменных ξ = t + τ, β =

 

 

τ

t

 

 

R R

 

 

 

 

 

∞ ∞

 

 

 

x

x

 

 

 

0

 

0

 

 

 

 

 

 

 

 

 

R R

 

 

 

 

 

 

 

 

(якобиан этой замены равен

1+β

) приводим интеграл к виду

e−ξ

β

 

dξdβ =

β

dβ.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

t

 

 

 

, сделаем еще одну

 

1+β

R:

1+β

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

0

0

 

 

 

 

 

0

 

 

 

Чтобы вычислить последний интеграл

 

 

 

 

замену переменной

 

 

 

 

 

 

e(1−x)y

 

 

 

 

2πi

 

 

e(1−x)z

 

 

 

π

 

 

 

 

 

 

β

=

e−y

 

dy =

 

res

 

 

 

.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Z

 

1 + ey

 

 

 

1 − e−2πix z=iπ 1 + ez

= sin πx

 

 

 

 

−∞

Следствие Д 3.1. -функция не имеет нулей. Действительно, правая часть формулы не имеет нулей, т.е. нули одного из сомножителей в левой части были бы возможны только тогда, когда другой сомножитель имел бы в этих точках сингулярность . Но все сингулярности -функции известны, и легко видеть, что в левой части формулы они не сокращаются.

Бесконечное произведение для 1

(z)

Èòàê, (z) мероморфна и не имеет нулей. Поэтому

 

 

 

 

1

 

 

целая функция, и может быть

 

 

 

(z)

разложена в бесконечное произведение.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1 − nt

 

n

n e−t мы можем считать

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

В силу известного предельного соотношения

t

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n

 

 

 

 

 

 

 

 

→∞

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

t

n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

n

 

1

 

 

 

 

 

 

 

(z) = lim

 

1

 

 

 

 

 

 

z

 

1

dt

по частям

lim

 

R

1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

z

dt =

 

=

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

t

 

 

=

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

t

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n

→∞ R

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n

 

 

 

n

→∞

z

z

n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

· · ·

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

0

 

n

 

 

 

 

R

 

 

 

 

 

 

 

 

0

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

(n−1)!

z+n

1

 

 

 

 

 

 

 

 

n!n

 

 

 

 

 

 

 

Поэтому

 

 

 

 

 

 

 

= lim

z(z+1)...(z+n−1)

 

n

1

 

t

 

dt = lim

 

z(z+1)...(z+n)

.

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

n

→∞

n

 

 

 

 

 

 

n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

→∞

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

0

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

lim

 

 

 

n−zez(1+ 21 +...+ n1 )

lim

 

 

 

 

z

 

n

1 +

z

 

 

ekz

#

=

zeCz

1 +

z

ekz ,

 

 

(z)

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

k

 

 

= n→∞

h

 

 

 

 

 

 

 

 

 

i

n→∞

"

k=1

 

 

k

 

 

 

 

 

 

 

k=1

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Y

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

Y

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

 

 

 

 

1

 

 

 

существование предела вытекает из регулярности 1

и сходимости бесконечного

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

). Величина C = 0.57721... носит название посто-

ãäå C = nlim

1 +

2

 

+ ... + n

− ln n

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

(z)

→∞

произведения

янной Эйлера.

Функция ψ(z)

Переформулируем выведенные выше свойства -функции

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

.

0(z)

изводной, известной под названием ψ-функции: ψ(z) =

 

(z)

ψ(z + 1) = 1

+ ψ(z)

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

z

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

 

ψ(1 − z) − ψ(z) = πctgπz

 

 

 

 

 

 

 

 

1

1

 

1

 

 

 

 

 

 

 

P

 

 

 

 

 

 

 

 

ψ

z

) = −z + m=1

 

 

 

 

 

res

ψ

z

) = −1

 

(

 

m

z+m ; z= m

(

 

 

для ее логарифмической про-

В действительности это – лишь малая часть известной о -функции информации.

VII