Mekhanika_ver4
.pdf
|
Таблица 1.1 |
Примеры для самообучения с ответами |
|
Дано: Груз массы m=2 кг поддержи- |
Дано: Определить усилия в стержня |
вают два одинаковых стержня (мас- |
АС и ВС, если массы подвешенных |
сой стержней пренебречь), соеди- |
грузов m=5 кг. Массой стержней |
ненных шарнирно в узле А и состав- |
пренебречь. |
ляющих угол α=60° с вертикалью. |
|
Определить реакции в стержнях. |
|
Ответ: R1=R2=19,62 Н |
|
|
Ответ: RАС= 134,02 Н |
|
RВС= –134,02 Н |
Дано: Два невесомых стержня АС и |
Дано: Заданы силы P1=10 Н, P2=20 |
ВС Соединены в точке С и шарнир- |
Н, P3=20 Н, P4=40 Н, которые лежат |
но прикреплены к полу. К шарниру |
в одной плоскости и линии действия |
С подвешен груз. Определить реак- |
которых пересекаются. Силы имеют |
цию стержня BC и вес груза G, если |
с осью Х следующие углы α1=30 º, |
усилие в стержне АС равно |
α2=0 º, α3=45 º, α4=60 º. Найти равно- |
RАС=100 Н. Углы α=30 º и β=60 º. |
действующую |
|
Ответ: R=82,7 Н |
Ответ: RBС=173,2 Н, |
|
G=200 Н |
|
|
|
11
1.2. Пространственная система. Усилие в стержнях
Дано:
Горизонтальная прямоугольная плита (рис. 1.6) весом G закреплена сферическим шарниром в точке А, цилиндрическим в точке В и невесомым стержнем DD'. На плиту в плоскости параллельной xz, действует сила F,
а в плоскости, параллельной yz, момент пары сил M. Нагрузки и длины участков: G=3 кН; F=8 кН; М=4 кН·м; α=60º; АС=0,8 м; АВ=1,2 м;
ВЕ=0,4 м; ЕН=0,4 м. Определить реакции опор А и В и стержня DD'.
Рис. 1.6. Схема для задачи
Решение:
Рассмотрим равновесие плиты (рис. 1.7). На плиту действуют задан-
ные силы G, F и пара сил с моментом М. Реакция сферического шарнира разложим на три составляющие XA, YA, ZA, цилиндрического – на две со-
ставляющие XB ZB; реакцию N стержня направляем вдоль его от D к D’.
Для возможности определения реакций, силу F раскладываем на две про-
екции F' и F''.
12
Рис. 1.7
Для определения шести неизвестных реакций составляем систему уравнения из условий (1.1) и (1.2).
|
|
|
|
|
XA XB |
F cos(60 ) 0, |
||||||||
|
|
Fxi |
||||||||||||
|
|
Fyi |
YA |
N cos(30 ) 0, |
||||||||||
|
|
F |
Z |
A |
Z |
B |
G N sin(30 ) F sin(60 ) 0. |
|||||||
|
|
|
zi |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
AB |
|
|
|
|
|||
M |
x |
( F ) M G |
|
|
|
|
Z |
B |
AB F AB sin(60 ) N AB sin(30 ) 0, |
|||||
|
|
|||||||||||||
|
i |
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
AC |
|
|
AC |
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
My |
( Fi ) G |
|
|
|
F |
|
|
|
|
sin(60 ) F BE cos(60 ) N AC sin(30 ) 0, |
||||
|
2 |
|
2 |
|
|
|||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Mz(Fi ) F AB cos(60) N AC cos(30 ) XB AB 0.
Преобразуя системы уравнений и подставляя необходимые значения,
получаем:
13
|
|
G |
AC |
F |
AC |
sin(60 ) F BE cos(60 ) |
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
|
2 |
2 |
|
|
|
|
|
||||||
N |
|
|
|
5,9кН, |
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
AC sin(30 ) |
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
M G |
AB |
F AB sin(60 ) N AB sin(30 ) |
|
|||||||
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
2,1кН, |
||
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
ZB |
|
|
|
|
AB |
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
F AB cos(60) N AC cos(30 ) |
7,4кН, |
|
|||||||||
XB |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
AB |
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
XA XB F cos(60 ) 3,4кН, |
|
|
|
|
||||||||||
|
N cos(30 ) 5,1кН, |
|
|
|
|
|||||||||
YA |
|
|
|
|
||||||||||
|
ZB G N sin(30 ) F sin(60 ) 4,8кН. |
|
||||||||||||
ZA |
|
Знак минус указывает, что реакция XB направлена противоположно
показанной на рис. 1.7.
14
1.3. Определение центра тяжести геометрических сечений
Центр тяжести – геометрическая точка, неизменно связанная с твёр-
дым телом, через которую проходит равнодействующая всех сил тяжести,
действующих на частицы этого тела при любом положении последнего в пространстве; она может не совпадать ни с одной из точек данного тела
(например, у кольца).
Координаты центра тяжести тела в пространстве находят по формулам:
|
|
|
Gi xi |
, |
|
Xc |
Gi |
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
Gi Yi |
|
|
|
Y |
, |
|
|||
|
c |
|
Gi |
|
(1.5) |
|
|
|
|
||
|
|
Gi Zi |
|
|
|
Z |
|
, |
|||
|
c |
|
Gi |
|
|
|
|
|
|
|
где Gi – сила тяжести элементарной частицы тела; xi, yi, zi – координаты центра тяжести частицы.
В случае однородных тел по таким же формулам можно определять координаты центра тяжести объемов, площадей и линий.
Для плоских (однородных) фигур можно записать:
|
|
Si xi |
, |
||
Xc |
Si |
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
Si Yi |
|
(1.6) |
|
|
|
, |
|||
Y |
|
|
|
Sic
где Si – площадь частицы тела.
15
Дано:
Дана плоская фигура с размерами a=2 м, b=3 м, D=3 м. Определить ее центр тяжести.
Рис. 1.7. Схема для задачи 1.2
Решение:
Поместим рассматриваемую плоскую фигуру в координатные оси
XOY. Разобьем ее на простейшие (рис. 1.8): прямоугольник (центр тяжести c1), треугольник (центр тяжести c2), круг (центр тяжести c3).
Рис. 1.8
Площади данных фигур:
S1 3a 3b 3 2 3 3 54м2 ,
S2 |
1 |
a 3b |
1 |
2 3 3 9м2 |
, |
|||||
|
|
|
||||||||
|
2 |
|
2 |
|
|
|
||||
S3 |
|
d2 |
|
32 |
7,07м2 . |
|
||||
|
|
|
||||||||
|
4 |
4 |
|
|
16
Определяем центры тяжести простых фигур, относительно заданных осей координат.
– Для прямоугольника:
Xc1 |
|
3a |
|
3 2 |
3м , |
|||||
|
|
|
|
|||||||
|
|
2 |
2 |
|
||||||
Yc1 |
|
3b |
|
3 3 |
4,5м. |
|||||
|
|
|||||||||
|
|
2 |
|
2 |
|
|
– Для треугольника (согласно приложения Г):
Xc2 |
3a |
|
a |
3 2 |
|
2 |
6,67м, |
||||
|
|
|
|||||||||
|
|
3 |
|
|
|
3 |
|
||||
|
Yc2 |
|
3b |
|
3 3 |
3м . |
|||||
|
|
|
|||||||||
|
|
3 |
3 |
|
|
|
|
– Для круга:
Xc3 a 2м,
Yc3 3b b 3 3 3 6м .
Общий центр тяжести, согласно системы (1.6):
Xc |
S1 Xc1 |
S2 Xc2 S3 |
Xc3 |
|
54 3 9 6,67 7,07 2 |
3,71м , |
||||
|
|
S1 S3 S3 |
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
54 9 7,07 |
|||
Y |
S1 Yc1 |
S2 Yc2 S3 |
Yc3 |
|
54 4,5 9 3 7,07 6 |
4,07 м. |
||||
|
|
|
|
|||||||
c |
S1 S3 S3 |
|
|
|
|
54 9 7,07 |
||||
|
|
|
|
|
|
|
Нанесем центр тяжести на рассматриваемую фигуру рис. 1.9.
17
Рис. 1.9
Таблица 1.2
Примеры для самообучения с ответами
Дано: Определить центр тяжести Дано: Определить центр тяжести |
|
сечения, если а=2 м, b=3 м. |
сечения, если а=2 м, b=4 м. |
Ответ: Хс=3 м; Yc=4,5 м |
Ответ: Хс=3,41 м; Yc=5,5 м |
|
18
1.4. Определение основных геометрических характери-
стик составного сечения
Дано:
Для заданного поперечного сечения (рис. 1.10) требуется:
1.определить положение центра тяжести сложной фигуры;
2.найти осевые и центробежные моменты инерции относительно осей, проходящих через центр тяжести;
3.определить направление главных центральных осей (Х0 и Y0);
4.найти момента инерции относительно главных центральных
осей;
5.вычертить сечение в масштабе, на рисунке указать все размеры в числах и все оси.
Рис. 1.10. Исследуемое поперечное сечение
19
Решение:
Проводим временные оси Xвр и Yвр через левый нижний угол сечения
(рис.) и разбиваем сечение на две фигуры: швеллер I и уголок II. Для этих фигур в сортаменте (приложение А) имеются следующие данные:
– для швеллера: |
площадь A 25,2см2; положение центра тяжести |
||||
|
|
|
1 |
|
|
Z01 2,28см; осевые моменты инерции Jx1 |
1670см4, Jy1 139 см4; |
||||
– |
для уголка площадь |
A 19,2см2, положение центра |
тяжести |
||
|
|
|
2 |
|
|
Z02 2,83см, моменты инерции относительно собственных центральных |
|||||
осей |
Jx0 284см4, |
Jy0 |
74,1см4, |
осевые моменты |
инерции |
Jx2 Jy2 179 см4.
Определяем координаты центра тяжести:
xc |
|
A1 x1 A2 x2 |
|
25,2 5,72 19,2 10,83 |
7,93см, |
||||
|
A1 A2 |
|
25,2 19,2 |
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
yc |
|
A1 y1 A2 y2 |
|
|
25,2 10 19,2 2,83 |
6,9см. |
||
|
|
25,2 19,2 |
|
||||||
|
|
|
A1 A2 |
|
|
|
|
где x1, x2, y1, y2 – координаты центров тяжести фигур относительно вре-
менных осей, которые относительно временных осей находятся как:
x1 8 z01 5,72 см,
20
y1 2 10 см,
x2 8 z02 10,83 см,
y2 z02 2,83 см.
20