ZO-2010
.pdfТема 14. Электрический ток. Закон Ома для однородного и неоднородного участков электрической цепи. Работа и мощность постоянного тока.
Закон Джоуля – Ленца
Пример решения задач
1. Сила тока в проводнике равномерно нарастает от I0 = 0 до I = 3,00 А в течении времени τ = 10,0 с. Определить зарядQ , прошедший в проводнике.
Дано
I = I0 + kt
I0 = 0
I= 3,00 А
τ= 10,0 с
Q = ?
Анализ и решение
Так как сила тока в проводнике изменяется со временем, то воспользоваться для подсчета заряда формулой Q = It нельзя.
Поэтому возьмем дифференциал заряда dQ = Idt и проинтегри-
руем:
τ
Q = òIdt .
0
Подставим в эту формулу выражение для тока, как функцию времени
τ |
τ |
τ |
Q = ò(I0 + kt)dt =I0 |
òdt + kòtdt . |
|
0 |
0 |
0 |
Полученное выражение проинтегрируем по времени
Q = (I |
0 |
t + k t2 ) |
|
τ |
= (I τ + k τ 2 ) . |
|
|
||||||
|
2 |
|
|
0 |
2 |
|
|
|
|
0 |
|
||
|
|
|
|
|
|
Значение коэффициента пропорциональности k найдем из формулы если заметим, что при t = 10,0 c, I = 3,00 A
k= (I − I0 ) = 3,00 = 0,30 A/c.
τ10,0
Проверим наименование единицы измерения заряда в системе СИ
н.е.и. Q = A× c + A×cc2 = Кл .
Подставив значения физических величин в формулу (1), найдем
Q = 0 ×τ + 0,30 (10,0)2 =15,0 Кл. 2
Ответ: заряд, прошедший по проводнику Q = 15,0 Кл.
(1)
I = I0 + kt ,
2. Сила тока в проводнике сопротивлением R = 12,0 Ом равномерно убывает в течение времени t = 2,00 с от I0 = 5,00 А, до I = 0. Какое количество теп-
лоты Q1, выделяется в этом проводнике за первую секунду, и Q2 – за вто- рую?
51
Дано
I = I0 − kt
R = 12,0 Ом
I0 = 5,00 А I = 0
t = 2,00 с
Q1 = ? Q2 = ?
сывается в виде
Анализ и решение
Прохождение электрического тока по проводнику сопровождается выделением в нем тепла. При постоянном токе количество теплоты, выделившееся в проводнике, определяется по закону Джоуля–Ленца
Q = I 2Rt .
Если сила тока в проводнике изменяется, то данный закон справедлив для бесконечно малого промежутка времени и запи-
|
|
|
dQ = I 2Rdt , |
(1) |
||
где сила тока I является функцией времени. В данном случае |
||||||
гдеk |
|
|
I = I0 − kt , |
|
||
– коэффициент пропорциональности, равный отношению приращения силы |
||||||
тока |
I к интервалу времени t , за который произошло это приращение |
|||||
|
|
|
k = |
DI |
. |
|
|
|
|
|
|
||
Для нашего случая |
|
Dt |
|
|||
|
|
|
|
|||
|
k = |
I0 - I |
= k = 5,00 - 0 |
= 2,50 А/с. |
||
|
t |
|||||
|
|
2,00 |
|
Подставим зависимость силы тока от времени в формулу (1)
dQ = (I0 - kt)2 Rdt .
Для определения количества теплоты, выделившегося за данный промежуток времени, проинтегрируем полученное выражение в пределах от t1 до t2
t |
|
|
|
|
R |
t |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
R |
|
(I0 - kt)3 |
|
t2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
Q = ò2 |
(I0 - kt)2 Rdt = - |
|
ò2 |
(I0 - kt)2 d(I0 - kt) = - |
× |
|
. |
||||||||||||||
|
|
k |
3 |
||||||||||||||||||
t |
|
|
|
|
k t |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
t |
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
1 |
|
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|||
Или |
|
|
R |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Q = - |
é(I |
|
- kt |
|
)3 |
- (I |
|
- kt )3 |
ù . |
|
|
|
|
(2) |
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
3k ë |
0 |
|
|
2 |
|
|
0 |
1 |
û |
|
|
|
|
|
|
|||
Проверим наименование единицы измерения теплоты в системе СИ |
|
|
|||||||||||||||||||
|
|
Ом × с |
3 |
|
|
В × с |
2 |
|
В × с × Кл |
|
|
|
|
|
|
||||||
|
н.е.и. Q = |
А |
|
× А |
= |
А |
× |
А = |
с |
|
= В |
× Кл = Дж . |
При определении количества теплоты, выделившегося за первую секунду пределы интегрирования в формуле (2) t1 = 0, t2 = 1 c и, следовательно
Q1 = - 312,0× 2,50 éë(5,00 - 2,50 ×1,00)3 - (5,00 - 2,50 ×0)3 ùû = 175 Дж.
За вторую секунду пределы интегрирования в формуле (2) t1 = 1 с, t2 = 2 c и, следовательно
52
Q = - |
12,0 |
é(5,00 - 2,50 × 2,00)3 - (5,00 - 2,50 ×1,00)3 ù = 25,0 Дж. |
|||||||
|
|||||||||
2 |
3× 2,50 |
ë |
|
|
|
|
û |
||
|
|
|
|
|
|||||
Найдем требуемое отношение количеств теплоты |
|||||||||
|
|
|
Q2 |
= |
|
25 |
= |
1 |
. |
|
|
|
Q |
175 |
|
||||
|
|
|
|
7 |
|
||||
|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
Таким образом, за вторую секунду выделится теплоты в 7 раз меньше, чем за первую секунду.
Ответ: за первую секунду в проводнике выделилось Q1 = 25 Дж, за вторую секунду Q2 = 175 Дж. Соответствующее отношение количеств теплоты – 1/7.
ЗАДАЧИ
261. Сила тока в проводнике уменьшается по закону I(t) = I0e−at , где I0 = = 10 А, a = 0,1 с–1. Определить заряд Q , прошедший в проводнике в интервале времени от t1 = 2 c, до t2 = 5 c.
262.Сила тока в проводнике равномерно увеличивается от I0 = 0 до некоторого максимального значения Imax в течение времени τ = 15 c. За это время в проводнике выделилось количество теплоты Q = 1 кДж. Определить скорость нарастания тока dIdt в проводнике, если сопротивление его R = 3 Ом.
263.На участке цепи сопротивлением R = 3 Ом напряжение изменяется по закону U (t) = U0 /(1+ αt), где U0 = 12 В, a = 1,5 с–1. Определить заряд Q , прошед-
ший по проводнику в интервале времени от t1 = 0 c, до t2 = 2 c.
264.К источнику тока с э.д.с. ε = 1,5 В присоединили сопротивление R =
=0,1 Ом. Амперметр показал силу тока I1 = 0,5 А. Когда к источнику тока присое-
динили последовательно еще один источник тока с такой же э.д.с, то cила тока в том же сопротивление стала I2 = 0,4 А. Определить внутренние сопротивления r1 и
r2 первого и второго источников тока.
265. Ток в проводнике изменяется со временем t по уравнению I(t) = (2 + 12 t)2 , где I измеряется в амперах, t – в секундах. Какой заряд Q проходит через поперечное сечение проводника за время от t1 = 0,5 с до t2 = 2,5 с? При каком постоянном токе I0 через поперечное сечение проводника за то же время проходит такой же заряд?
266. Имеется N одинаковых гальванических элементов с э.д.c. ε и внутренним сопротивлением r каждый. Из этих элементов требуется собрать батарею, состоящую из нескольких параллельно соединенных групп, содержащих по n последовательно соединенных элементов. При каком значении n сила тока I во
53
внешней цепи, имеющей сопротивление R , будет максимальной? Чему будет равно внутреннее сопротивление батареи RБ при этом значении n ?
267.Найти заряд Q , который прошел через поперечное сечение проводника в
интервале времени от t1 = 4 c, до t2 = 6 c, если в течении времени τ = 10 с сила тока в нем уменьшилась от I0 = 10 А до I1 = 5 А по линейному закону.
268.Сила тока в проводнике сопротивлением R = 12,5 Ом равномерно возрас-
тает от I0 = 0 до некоторого максимального значения Imax в течение времени τ |
= |
5 с. За это время в проводнике выделилось количество теплоты Q |
= |
= 7,5 кДж. Найти среднюю силу тока áIñ в проводнике за этот промежуток времени.
269. К батарее аккумуляторов c э.д.с. ε = 8 В и внутренним сопротивлением r = 1 Ом, присоединен проводник. Определить: 1) сопротивление R проводника, при котором мощность, выделяемая в нем, максимальна; 2) мощность P , которая при этом выделяется в проводнике.
270. Сила тока в проводнике сопротивлением R = 100 Ом изменяется по закону I(t) = I0 (1− e−at ) , где I0 = 5 А, a = 0,15 с–1. Определить количество теплоты Q ,
выделившееся в проводнике в интервале времени от t1 = 1 c, до t2 = 3 c.
54
КОНТРОЛЬНОЕ ЗАДАНИЕ № 3
Студент-заочник должен решить семь задач того варианта, номер которого совпадает с последней цифрой его шифра, (табл. 3).
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Таблица 3 |
|
Вариант |
|
|
|
Номера задач |
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
310 |
320 |
330 |
|
340 |
|
350 |
360 |
|
370 |
1 |
301 |
311 |
321 |
|
331 |
|
341 |
351 |
|
361 |
2 |
302 |
312 |
322 |
|
332 |
|
342 |
352 |
|
362 |
3 |
303 |
313 |
323 |
|
333 |
|
343 |
353 |
|
363 |
4 |
304 |
314 |
324 |
|
334 |
|
344 |
354 |
|
364 |
5 |
305 |
315 |
325 |
|
335 |
|
345 |
355 |
|
365 |
6 |
306 |
316 |
326 |
|
336 |
|
346 |
356 |
|
366 |
7 |
307 |
317 |
327 |
|
337 |
|
347 |
357 |
|
367 |
8 |
308 |
318 |
328 |
|
338 |
|
348 |
358 |
|
368 |
9 |
309 |
319 |
329 |
|
339 |
|
349 |
359 |
|
369 |
Тема 15. Магнитное поле в вакууме. Закон Био–Савара–Лапласа. Принцип суперпозиции магнитных полей. Индукция магнитного поля прямолинейного и кругового проводников с током
Пример решения задач
Проводник, по которому течет ток I = 5,00 А, имеет вид, показанный на рисунке. Радиус изогнутой части проводника R = 10,0 см, прямолинейные части проводника очень длинные. Определить индукцию магнитного поля созданного током в центре полукольца.
Дано |
|
Z |
|
I |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
||
I = 5,00 А |
|
|
I |
I |
|
|
|
|
|
R = 10,0 см |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
B – ? |
|
О |
R |
А |
|
I |
X |
||
|
|
|
|
||||||
|
|
r |
|
3 |
|
|
|||
|
|
I |
|
|
|
|
|||
|
|
У 1 |
B2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Рис. 1 |
|
|
|
|
|
|
55
Анализ и решение
Для вычисления индукции магнитного поля воспользуемся законом Био– Савара–Лапласа и принципом суперпозиции магнитных полей. В силу этого прин-
ципа магнитная индукция B в любой точке магнитного поля проводника с током равна векторной сумме магнитных индукций dB , созданных в этой точке всеми
его элементами Idl , то есть |
|
В = òdB, |
(1) |
l |
|
где l означает, что интегрирование распространяется на всю длину проводника. Из принципа суперпозиции полей следует также, что если магнитное поле соз-
дано несколькими проводниками с током, то вектор B в какой-либо точке этого поля равен векторной сумме индукций магнитных полей, созданных в этой точке каждым током в отдельности
r |
N r |
|
B = åBi . |
(2) |
i=1
Чтобы получить правильный результат, применяя соотношения (1) и (2), необходимо знать направления складываемых векторов dB или Bi .
Разобьем проводник с током на три участка: два прямолинейных отрезка 1 и 3, ограниченных с одного конца, и полукольцо 2. Согласно (2), индукция магнитного поля в центре полукольца будет равна
BA = B1 + B2 + B3 .
Рассмотрим участок проводника 1 (см. рис. 2). Выделим на нем элемент тока
|
|
|
|
|
|
|
|
dB |
|
|
|
|
О |
|
|
R |
|
α |
|
|
|
С |
|
|
|
|
|
А |
|
|||
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
dα |
|
||||
Idl |
α |
|
|
r |
|
|
||||
N |
|
|
|
|
|
|
|
|
||
D |
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
Рис. 2 |
|
|
|
|
|
|||
Idl и запишем закон Био–Савара–Лапласа в векторной форме |
|
|||||||||
r |
|
μ |
I |
r |
r |
|
|
|
|
|
dB |
= |
0 |
|
édl |
r ù |
, |
|
|
(3) |
|
4π r3 |
||||||||||
1 |
ë |
û |
|
|
|
|
здесь dB1 – индукция магнитного поля, создаваемая элементом провода dl с током I в точке, определяемой радиус-вектором r , μ0 – магнитная постоянная, dl
– вектор, по модулю равный длине dl элемента проводника и совпадающий по направлению с током, r – модуль радиуса-вектора r .
56
Как следует из (3), вектор dB1 перпендикулярен к плоскости, содержащей векторы dl и r . Направление dB1 можно найти по правилу правого винта: если поступательное движение винта совпадает с направлением тока в элементе, то направление вращения винта укажет направление вектора dB1 в данной точке.
Поскольку у нас проводник с током и точка A, в которой определяется B1, лежат в одной плоскости, все элементарные векторы dB1 направлены вдоль одной прямой (см. рис. 1). Тогда выражение (1) можно переписать в скалярной форме.
|
ò |
|
ò |
4π r2 |
|
|
В = |
|
dB = |
|
μ0I |
dl sinα , |
(4) |
|
|
|
||||
1 |
|
1 |
|
|
|
|
|
l |
|
l |
|
|
|
где α – угол между векторами dl |
и r . |
|
|
|
|
Преобразуем подынтегральное выражение так, чтобы в нем была одна переменная, например, угол α . Из прямоугольного треугольника ОАС можно выра-
зить модуль радиуса-вектора |
R |
|
R |
|
|
|
r = |
= |
. |
(5) |
|||
sin(π -α ) |
|
|||||
|
|
sinα |
|
Для определения dl проведем дугу СД радиуса r с центром в точке A и найдем ее длину по формуле CД = r dα , где dα – центральный угол, лежащий напротив дуги. Так как участок провода с током CN = dl мал, то дугу можно заменить её хордой. Получившийся треугольник СДN можно считать прямоугольным и из него, с учетом (5), следует
|
|
|
dl = |
|
СД |
= |
r dα |
= |
r dα |
= |
|
R |
dα . |
|
|||||||
|
|
sin(π − α ) |
sin(π −α ) |
|
sin2 α |
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
sinα |
|
|
|
|
|||||||||||
Подставим в формулу (4) полученные значения r и dl |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
B = α2 |
μ0I |
sin2 α |
R dα |
sinα = α2 |
μ0I |
sinα dα = |
μ0I |
(−cosα) |
|
α1 |
|||||||||||
|
|||||||||||||||||||||
|
|
|
|
||||||||||||||||||
1 |
ò |
4π R2 |
|
sin2 α |
|
ò 4π R |
|
|
|
|
4π R |
|
|
α |
2 |
||||||
|
α1 |
|
|
|
|
|
|
α1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Так как участок проводника ограничен с одной стороны, то угол α меняется от
α = π |
до α |
2 |
= π . В результате получим |
|
|
|
||||
1 |
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
μ0I |
(cosπ − cosπ ) = |
μ0I |
|
|
|
|
|
|
|
B |
= |
. |
|
|||
|
|
|
|
4π R |
|
|
||||
|
|
|
|
1 |
|
2 |
4π R |
|
||
|
Рассмотрим участок проводника 3. Как следует из закона Био–Савара в ска- |
|||||||||
лярной форме (4), угол, образованный любым элементом тока |
I dl и радиус- |
|||||||||
вектором r , |
проведенным |
от элемента в точку |
A, равен π . |
Следовательно, |
||||||
sin(dl ^ |
r |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
r ) = 0 и dB3 = 0 . Отсюда следует, что и B3 = 0 , то есть, участок 3 в точке |
А магнитного поля не создает.
Рассмотрим участок проводника 2. Выделим на нем элемент тока I dl . Вектор dB2 , в соответствии с законом Био–Савара и правилом правого винта, в точке A будет перпендикулярен к плоскости чертежа и направлен к нам (см. рисунок).
57
По причине, указанной выше, туда же будет направлен и вектор Угол, образованный элементом тока I dl и радиус-вектором
r , равен |
π |
|
r |
2 |
. Следовательно, sin(dl ^ |
r ) |
dB2 будет равен
dB2 =
=1 Тогда модуль
μ0I2 dl .
4π R
B2 (см. рис. 1).
2 dB2
R |
r |
|
АdB2
Согласно принципу суперпозиции, индукция B2 в точке A определяется интегрированием
|
π R |
μ |
I |
|
μ |
I |
|
π R |
|
μ |
I |
|
|
|
|
|
|
||||||||
B = |
ò |
0 |
|
dl = |
0 |
|
l |
|
= |
0 |
|
. |
|
|
|
|
|
|
|||||||
2 |
4π R2 |
|
4π R2 |
0 |
|
4R |
|
|||||
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Векторы B1 и B2 взаимно перпендикулярны (см. рис. 1), следовательно
|
|
|
|
æ |
μ0I |
ö2 |
|
æ |
μ0I |
ö2 . |
||||
B = B2 |
+ B2 |
= |
+ |
|||||||||||
ç |
|
|
|
|
ç |
|
||||||||
1 |
2 |
|
÷ |
|
÷ |
|||||||||
|
|
|
|
è |
4π R ø |
|
è |
4R ø |
||||||
Итак |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
μ0I |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
B = |
|
|
|
1 |
+1 . |
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
|
4R |
|
|
|
π 2 |
|
|
|
|
Проверим наименование единицы измерения индукции магнитного поля в системе СИ
н.е.и. B = |
Гн × А |
= |
Вб × А |
= |
Тл × м2 |
= Тл . |
|
м × м |
А× м × м |
м2 |
|||||
|
|
|
|
Подставим числовые значения физических величин и сделаем вычисления. Ответ: индукция магнитного поля в точке A равна 6,0·10–6 Тл.
ЗАДАЧИ
301. Тонкой ленте шириной l = 50 см, придали форму цилиндра радиуса R = = 20 см. По ленте течет равномерно распределенный по ее ширине ток силой I = 250 А. Найти напряженность магнитного поля H в точке A, расположенной на оси трубки в площади основания цилиндра.
302. Проводник, имеющий форму квадрата со стороной a = 20 см, находится в вакууме. По нему течет ток силой I = 15 А. Определить величину индукции магнитного поля B0 в точке пересечения диагоналей квадрата. Сравнить с величиной
индукции магнитного поля B1 в центре кругового провода с таким же током, если его длина равна длине окружности, вписанной в квадрат.
303. В вакууме по двум бесконечно длинным прямым параллельным проводам, расположенным на расстоянии d = 20 см друг от друга, текут токи силой I1 = 50 А и
58
I2 = 100 А в противоположных направлениях. Определить индукцию магнитного поля B в точке A, удаленной на расстояние r1 = 25 см от первого и на r2 = 40 см от второго провода.
304. Два бесконечно длинных прямых провода в вакууме скрещены под прямым углом. По проводам текут токи силой I1 = 60 А и I2 = 80 А. Расстояние d
между проводами равно 15 см. Определить индукцию магнитного поля B в точке A , одинаково удаленной от обоих проводников на расстояние r1 = r2 = 7,5 см.
305. По двум бесконечно длинным прямым параллельным проводам текут токи силой I1 = 20 А и I2 = 30 А в одном направлении. Расстояние d между проводами
равно 10 см. Вычислить напряженность магнитного поля H в точке A, удаленной от обоих проводов на одинаковое расстояние r1 = r2 = 8 см.
306.Напряженность магнитного поля H1 в центре кругового витка (точка 1) радиусом R = 15 см равна 30 А/м. Определить напряженность H2 в точке 2, расположенной на оси витка на расстоянии d = 6 см от точки 1.
307.Тонкий прямой стержень длиной l = 20 cм согнут посередине под углом
α= 120°. По нему течет ток силой I = 50 А. Найти напряженность магнитного поля H в точке 1, лежащей на биссектрисе угла α и удаленной от его вершины на расстояние a = 5 см.
308.По контуру в виде ромба с длиной стороны a = 10 см и углом α = 60° идет ток силой I = 10 А. Определить напряженность магнитного поля H в точке пересечения диагоналей ромба.
309.Электрон в невозбужденном атоме водорода движется вокруг ядра по окружности радиусом r = 53 пм. Вычислить силу эквивалентного кругового тока I
инапряженность H поля в центре окружности.
310.По тонкому проволочному кольцу радиусом R течёт ток I . Не изменяя силы тока в проводнике, ему придали форму равностороннего треугольника. Во сколько раз изменилась индукция магнитного поля B0 в центре контура?
Тема 16. Магнитное поле в вакууме. Сила, действующая на проводник с током в магнитном поле (сила Ампера)
Пример решения задач
Проводящее кольцо поместили в однородное магнитное поле. По кольцу цир- кулирует ток I = 40,0 А. Если проволока кольца выдерживает на разрыв на- грузку F = 15,0 Н, то при какой индукции магнитного поля В кольцо разо- рвется? Радиус кольца R = 20,0 см, его плоскость перпендикулярна линиям магнитной индукции.
59
Дано
I = 40,0 А F = 15,0 Н R = 20,0 см
B = ?
|
У |
|
|
|
|
|
|
B |
|
dFAу |
|
|
|
|
dFА |
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
I |
У |
|
|
|
|
|
Aхi |
ϕ |
dF |
||||||
|
Оi |
dβ dϕR |
|
Х |
|||
|
j |
j β |
|
|
|||
|
O |
|
|
||||
|
i |
|
|
||||
|
B |
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
F |
|
I |
F1упр |
||||
|
|
|
|
|
|||
2 упр |
|
|
|
|
|
|
|
Анализ и решение
На каждый элемент кольца dl , по которому течет ток, со стороны магнитного поля действует сила dFA (сила Ампера). Величина и направление этой силы определяется по закону Ампера
dF = I édlBù . |
(1) |
||
A |
ë |
û |
|
r |
r |
π . Поэтому в скалярной форме урав- |
|
По условию во всех точках кольца (dl ^ B) = |
|||
нение (1) имеет вид |
|
2 |
|
|
|
|
|
dFA = IdlBsin(dl ^ B) = IdlB . |
(2) |
Если ток в кольце течет против хода часовой стрелки, а вектор внешнего магнитного поля направлен на нас (см. рисунок), то силы dFA , действующие на все
элементы кольца, лежат в одной плоскости (в плоскости рисунка), направлены по радиусам кольца и стремятся растянуть его. В результате, внутри сечения кольца возникает упругая сила, препятствующая растяжению. Чтобы определить эту силу, надо из кольца вырезать элемент и приложить к разрезам силы со стороны остальной части кольца. Так как кольцо находится в равновесии, то и выделенный элемент под действием всех сил, приложенных к нему, так же будет находиться в равновесии.
В качестве элемента удобно взять верхнюю половину кольца. К местам разреза приложим силы F1упр и F2 упр , которые действуют со стороны нижней половины кольца. Так как верхняя половина кольца должна находится в равновесии, то
FA + F1упр + F2 упр = 0, |
(3) |
здесь FA – сила Ампера, действующая на полукольцо с током со стороны внешнего магнитного поля. Если эта сила будет больше сил упругости, то кольцо с током
60