- •Часть 1
- •1 Кинетика физико-химических процессов. Химическое равновесие
- •1.1 Значимость изучаемой темы
- •1.2 Требования к исходному уровню знаний и умений
- •1.3.1 Скорость химической реакции
- •1.3.3 Катализ
- •1.4 Примеры решения типовых задач
- •1.5 Контроль усвоения темы
- •1.5.1 Индивидуальные задания
- •2 Растворы электролитов и их основные характеристики
- •2.1 Значимость изучаемой темы
- •2.2 Требования к исходному уровню знаний и умений
- •1.2 Определение эквивалентов простых и сложных веществ
- •2.4 Примеры решения типовых задач
- •2.5 Контроль усвоения темы
- •2.5.1 Индивидуальные задания
- •2.5.2 Вопросы для тестового контроля знаний
2.4 Примеры решения типовых задач
Задача 1. Вычислить концентрацию ионов К+ и SO42- в 0,05 М растворе суль-фата калия К2SO4.
Решение. Записываем процесс электролитической диссоциации, за счет ко-торого в растворе появляются ионы:
К2SO4 → 2К+ + SO42-
n=2 n=1
Отмечаем, что К2SO4 – сильный электролит, его истинная степень диссоциа-ции равна 1. Согласно уравнению диссоциации, из 1 моля К2SO4 образуется 2 моля ионов К+ и 1 моль ионов SO42-. Из уравнения (2.11) находим
CK + = n α Cм(К2SO4) = 2 ⋅ 1 ⋅ 0,05 = 0,1 моль/л; CSO24- = n α Cм(К2SO4) = 1 ⋅ 1 ⋅ 0,05 = 0,05 моль/л.
Задача 2. Определить концентрацию ионов водорода в 0,01 М растворе хлор-новатистой кислоты HClO.
Решение. В растворе в результате электролитической диссоциации кислоты устанавливается равновесие
слабый электролит используем таблицу 1 приложения
HClO H+ + ClО– КД = 5,0·10–8;
n=1 n=1
H2O H+ + OH– KH2O = 10–14.
Оба электролита слабые, но из сравнения констант следует, что основной процесс, определяющий концентрацию ионов водорода в растворе, – диссоциа-ция самой кислоты, поэтому, решая задачу, будем учитывать только диссоциа-
цию кислоты (в дальнейшем будем поступать аналогично).
Концентрация ионов водорода зависит от концентрации раствора и степени диссоциации: CH+ = n · α · Cм(HClO). Так как при диссоциации HClO образуется один ион водорода, то n = 1. Степень диссоциации слабого электролита (при ус-ловии α << 1) определяется соотношением (2.4):
-
5 ⋅10−8
=
5,0 ⋅ 10
−6
= 2,24 ⋅10
−3
α= Kд /CМ
=
.
10-2
Теперь можно рассчитать концентрацию ионов водорода: CH+ = 1 · 2,24·10-3 · 0,01 = 2,24·10-5 моль/л.
2-й вариант решения задачи.
Для расчета CH+ можно сразу использовать выражение (2.16) CH+ = n KД ⋅CM = 5 ⋅ 10 −8 ⋅0,01 =2,24·10-5 моль/л.
Задача 3. Вычислить рН раствора гидроксида калия, полученного при рас-творении 0,56г КОH в 1 л воды.
44
Решение. Запишем уравнение диссоциации щелочи
KOH → K+ + OH– (сильный, α = 1).
Из уравнения диссоциации видно, что для расчета рН вначале следует рас-считать концентрацию в растворе OH––ионов, а затем воспользоваться соотно-шением ионного произведения воды (2.18) для расчета концентрации в растворе ионов водорода.
Для определения концентрации ионов OH– необходимо знать молярную кон-центрацию раствора КОH. Считаем, что объем раствора при внесении 0,56г ще-лочи в 1 л воды не меняется:
-
CM(КOH) =
m(KOH)
=
0,56
= 0,01моль/л.
M(KOH) ⋅ V
56 ⋅1
Тогда, используя соотношение (2.11), рассчитаем концентрацию OH- в рас-
творе СOH- = n · α · Cм(КОH) = 1 · 1 · 0,01 = 0,01 моль/л.
Исходя из ионного произведения воды KH2O , находим концентрацию ионов H+:
CH+ = KH2O/ COH- = 10-14/10-2 = 10-12 моль/л.
Водородный показатель раствора КОН равен
pH = – lg CH+ = – lg 10-12 = 12.
2-й вариант решения задачи.
Определив концентрацию ионов OH– в растворе, найдем pOH, а затем вос-пользуемся соотношением рH + pOH = 14 для расчета рН раствора.
pOH = – lg COH- = – lg 10-2 = 2. Откуда рH = 14 – pOH = 14 – 2 = 12.
Задача 4. Во сколько раз уменьшится концентрация ионов водорода ( CH+ ) в 0,2 M
растворе муравьиной кислоты HCOOH (Kд = 1,8·10-4), если к 1 л этого раствора доба-вить 0,1 моль соли HCOONa, считая, что эта соль диссоциирует полностью (α=1)?
Решение. Запишем уравнение диссоциации кислоты
-
HCOOH
H + + HCOO−
Определяем исходную концентрацию ионов водорода CH+.
C
+ = n
K
С
М
= 1,8⋅ 104
⋅ 2 ⋅ 10−1 = 6 ⋅10−3 моль/ л (n =1).
H
д
2.Определяем концентрацию Н+ после добавления соли НСООNa. Диссо-циация соли НСООNa выражается уравнением HCOONa Na + + HCOO− . Концентрацию Н+ после добавления соли НСООNa обозначим через х. Тогда концентрация недиссоциированных молекул кислоты будет равна (0,2–x). Кон-центрация ионов НСОО- будет складываться из двух величин: из концентрации ионов за счет диссоциации кислоты, равной концентрации ионов водорода, т.е. CHCOO − = C H+ = x ; и концентрации, обусловленной присутствием в растворе соли
и равной 0,1. Таким образом, общая концентрация ионов HCOO− равна (0,1+х). Исходя из уравнения (2.2), запишем:
45
-
K д =
C H + CHCOO−
=
x(0,1 + x)
=1,8 ⋅10−4.
C HCOOH
0,2 − x
Поскольку в присутствии одноименных ионов НСОО- диссоциация му-равьиной кислоты очень мала, то значением х по сравнению с 0,1 и 0,2 можно пренебречь, отсюда
-
1,8 ⋅ 10−4 =
0,1x
x = 3,6 ⋅10 −4 ì î ëü/ ë.
0,2
3. Определяем соотношение концентрации ионов водорода.
Сравнив исходную концентрацию CH+ (6·10-3) с рассчитанной после добав-ления соли НСООNa (3,6·10-4), находим, что CH+ уменьшилась в 16,7 раза.
Задача 5. Вычислить рH 0,49%-ного раствора (ρ = 1 г/мл) ортофосфорной кислоты, учитывая только 1-ю ступень диссоциации.
Решение. Для определения величины рH раствора необходимо рассчи-тать концентрацию ионов водорода. Записываем уравнение диссоциации ки-слоты по первой ступени:
-
H 3 PO 4
H + + H 2 PO 4
− (K Д = 7,5 ⋅10 −3 )
1
Для определения концентрации ионов водорода необходимо знать молярную концентрацию раствора H 3 PO4 . Масса 1 л раствора H 3 PO4 с учетом указанной в
условии задачи плотности равна 1000 г. Определим массу кислоты в 1 л раствора
mH 3 PO4 = ω ⋅ mp-pa = 0,0049 ⋅ 1000 = 4,9г.
Молярная концентрация раствора составит
|
|
C |
M(H 3 PO 4 ) |
= |
|
m(H3 PO4 ) |
= |
4,9 |
= 0,05 моль/л. |
| |||
|
|
|
|
|
| ||||||||
|
|
|
|
M(H3 PO4 )V 98⋅1 |
|
| |||||||
|
|
|
|
|
|
|
| ||||||
Для расчета CH+ используем выражение (2.16) |
|
| |||||||||||
C |
H |
+ = n K |
Д |
C |
M |
= 7,5⋅ 10−3 ⋅ 0,05 = 1,9 ⋅10-2 |
моль/л. |
| |||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
pH = – lg CH+ = – lg 1,9·10-2 = 1,72.
Задача 6. Рассчитайте, как изменится рH 0,005 М раствора NH4OH при раз-бавлении его в 10 раз.
Решение. NH4OH – слабое основание (КД=1,8·10-5), диссоциирует обратимо:
NH4 OH ← →NH+4 + OH− . Из уравнения диссоциации видно, что для расчета рН
вначале следует рассчитать концентрацию в растворе OH− – ионов, а затем вос-пользоваться соотношением рH = 14 – pOH.
Найдем сначала рH 0,005 М раствора NH4OH:
46
|
α = |
K |
Д |
/ С |
M |
= 1,8 ⋅ 10 −5 |
/5 ⋅ 10 −3 |
= 6 ⋅10 −2 ; |
|
| |||||||||||
---|---|---|---|---|---|---|---|---|---|---|---|---|---|---|---|---|---|---|---|---|---|
|
1 |
|
|
|
|
|
|
| |||||||||||||
C |
OH |
− = α C |
|
= 6 ⋅ 10 −2 ⋅ 5 ⋅ 10 −3 = 3 ⋅ 10−4 моль/л; |
| ||||||||||||||||
|
|
|
1 |
|
M1 |
|
|
| |||||||||||||
pOH = – lg COH− = – lg 3·10-4 = 3,52. |
Откуда рH =14 –3,52 = 10,48. |
| |||||||||||||||||||
Теперь рассчитаем |
рH |
раствора, |
разбавленного в 10 раз, |
| |||||||||||||||||
CM2 = 0,00005 моль/л: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
| |||||||||||
|
α |
2 |
= |
K |
Д |
/ С |
= 1,8 ⋅ 10−5 /5 ⋅ 10−4 = 0,19; |
| |||||||||||||
|
|
|
|
|
M2 |
|
|
COH− = α 2 ⋅ C M2 = 1,9 ⋅ 10 −1 ⋅ 5 ⋅ 10 −4 = 9,5 ⋅10−5 моль/л;
pOH = – lg СOH- = – lg 9,5·10-5 = 4,0. Откуда рH =14 – 4,0 = 10. Итак, вслед-
ствие разбавления раствора рH уменьшилось с 10,48 до 10.