kurs_lekcii_mo_matematicheskomu_analizu / Прямая в пространстве и на плоскости
.pdf2.5.Уравнение прямой, проходящей через две точки
Пусть даны две точки M1(x1, y1) и M2(x2, y2) на плоскости. Составим уравнение прямой, проходящей через эти точки. В качестве направляющего вектора s примем вектор M1M 2 :
s = M1M 2 = (x2 − x1, y2 − y1).
Используя формулу (14) при m = x2 − x1, n = y2 − y1, имеем
x − x1 |
= |
y − y1 |
. |
(17) |
x2 − x1 |
|
y2 − y1 |
|
Уравнение (17) называется уравнением прямой, проходящей через две данные точки.
Пример 13.
Составить уравнения сторон треугольника, вершины которого находятся в точках
A(2, 3), B(4, 7), C(6, 9).
Решение. Составить уравнения сторон треугольника значит составить уравнения прямых, на которых лежат эти стороны. Используя уравнение (17), получаем
x − 2 |
= |
y − 3 |
|
4(x |
− |
2) = 2(y |
− |
3). |
||||
4 |
− |
2 |
7 |
− |
3 |
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Тогда y = 2x − 1 уравнение стороны AB . |
|
|
|
|
|
|||||||
x − 2 |
= |
y − 3 |
|
6(x |
− |
2) = 4(y |
− |
3). |
||||
6 |
− |
2 |
9 |
− |
3 |
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Следовательно, y = 23 x уравнение стороны AC . |
|
|
|
|||||||||
x − 4 |
= |
y − 7 |
|
2(x |
− |
4) = 2(y |
− |
7). |
||||
6 |
− |
4 |
9 |
− |
7 |
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Значит, y = x + 3 уравнение стороны BC .
2.6.Вычисление угла между двумя прямыми. Условие параллельности и перпендикулярности двух прямых
Пусть две пересекающиеся в точке M прямые l1 и l2 задаются соответственно уравнениями
y = k1x + b1 и y = k2x + b2.
y |
|
|
l2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
6 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
ϕ l1 |
||||
|
M |
||||||
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
α2 |
||
|
α1 |
|
|
|
|||
|
|
|
- |
|
|||
O |
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
x |
||
|
|
|
|
|
|
|
|
Пусть прямая l1 образует с осью Ox угол α1, а l2 – угол α2. Определим угол ϕ между прямыми.
11
Из чертежа видно, что α2 = α1 + ϕ как внешний угол треугольника, равный сумме внутренних углов, не смежных с ним, ϕ = α2 − α1,
tg ϕ = tg(α2 |
− |
α1) = |
tg α2 − tg α1 |
. |
|
||
|
|
|
1 + tg α1 tg α2 |
|
|||
Но tg α1 = k1, tg α2 = k2, поэтому имеем |
|
|
|
|
|
|
|
tg ϕ = |
k2 − k1 |
. |
(18) |
||||
|
|
|
1 + k1k2 |
|
|||
При этом угол ϕ отсчитывается в направлении от прямой l1 |
к прямой l2. |
Если прямые параллельны или совпадают, то α1 = α2 и, следовательно, tg α1 = tg α2,
т. е. |
|
k1 = k2. |
(19) |
Равенство угловых коэффициентов является необходимым и достаточным условием параллельности двух прямых.
Если прямые l1 и l2 перпендикулярны, то угол ϕ = 90◦ |
и tg ϕ не существует. В этом |
случае 1 + k1k2 = 0 , или |
|
k1k2 = −1. |
(20) |
Можно показать и обратное, т. е. формула (20) выражает необходимое и достаточное условие перпендикулярности двух прямых.
Расстояние от точки до прямой выражается так же, как и расстояние от точки до плоскости:
|
d = |
|Ax1 + By1 + C| |
. |
(21) |
||
|
|
|
|
|||
|
|
√A2 + B2 |
|
|||
Пример 14. |
|
|
|
|
|
|
Найти |
угол между прямыми, |
заданными уравнениями |
5x + 3y + 15 = 0 и |
|||
x + 4y − 7 |
= 0. |
|
|
|
|
|
Решение. Чтобы воспользоваться формулой (18), найдем угловые коэффициенты данных прямых. Для этого преобразуем исходные уравнения к виду (16):
5x + 3y + 15 = 0 |
y = − |
5 |
x − 5; |
||||
|
|||||||
3 |
|||||||
x + 4y − 7 = 0 |
y = − |
1 |
x + |
7 |
. |
||
|
|
||||||
4 |
4 |
Значит, k1 = −35 , k2 = −41 . |
Применяя формулу (18), найдем ϕ : |
|||||||
tg |
ϕ |
= |
−41 − (−35 ) |
= 1 |
ϕ |
= 45 |
o. |
|
1 + (−41 ) · (−35 ) |
||||||||
|
|
|
12
|
|
|
y |
6 |
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
@ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
@ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
X |
ϕ @@ |
ϕ1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
XXXX@ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
XX |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
@ XX |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
@@ XXXXX |
XXX x + 4y − 7 = 0 |
|||||||
|
|
@ |
1 |
|
|
|
|
|
XXX |
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
- |
|
||
|
|
@@ |
0 |
|
1 |
x |
||||
|
5x + 3y + 15 = 0 |
@ |
|
|
|
|
|
|
|
Замечание 3. При другой нумерации прямых ( k1 = −14 , k2 = −53 ) получаем tg ϕ1 =
−1, ϕ1 = 135o. Очевидно, ϕ + ϕ1 = 180o.
Пример 15. |
|
|
|
|
|
|
|
A(3, 4), B(−2, 1), C(−3, −5). |
||
Вершины треугольника |
|
находятся |
в точках |
|||||||
Составить уравнение прямой, на которой лежит высота, опущенная из вершины B на |
||||||||||
сторону AC. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Решение. Найдем сначала уравнение прямой, проходящей через точки A и C по |
||||||||||
формуле (17): |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x − 3 |
|
= |
y − 4 |
|
x − 3 |
= |
y − 4 |
, |
||
3 |
3 |
|
5 |
4 |
2 |
3 |
|
|||
− − |
|
|
|
− − |
|
|
|
|
|
|
откуда выразим y и найдем угловой коэффициент: y = 32 x − 12 , значит, k1 = 32 . Прямая, на которой лежит высота, опущенная из точки B на сторону AC, будет
перпендикулярна прямой, проходящей через точки A и C. Угловой коэффициент этой
прямой обозначим через k2. Используя |
условие |
перпендикулярности двух прямых, |
|||||
заданное формулой (20), находим |
1 |
|
|
2 |
|||
k2 = − |
|
, |
k2 = − |
3 . |
|||
k1 |
|||||||
Cоставим уравнение прямой, проходящей через точку B(−2, 1) и имеющей заданный |
|||||||
угловой коэффициент k2, по формуле (15): |
|
|
|||||
2 |
|
|
|
|
|
|
|
y − 1 = − |
|
(x − (−2)), |
3(y − 1) + 2(x + 2) = 0, 2x + 3y + 1 = 0. |
||||
3 |
|||||||
Пример 16. |
|
|
|
Q(6, −4), R(10, 3). Найти длину его высоты, |
|||
Дан треугольник с вершинами P (2, −1), |
|||||||
опущенной из вершины R. |
|
|
|
|
|
Решение. Задача сводится к вычислению расстояния от точки R до прямой P Q.
Запишем уравнение этой прямой. На основании |
формулы (17) имеем |
||||||||
x − 2 |
= |
y − (−1) |
или |
3x + 4y |
− |
2 = 0. |
|||
6 |
− |
2 |
|
4 |
( 1) |
|
|
|
|
|
|
|
− − |
− |
|
|
|
|
Расстояние от точки R(10, 3) до прямой вычислим по формуле (21):
|3 · 10 + 4 · 3 − 2|
d = √ = 8. 32 + 42
Следовательно, длина высоты равна 8.
13
Пример 17.
Даны уравнения сторон параллелограмма x + 2y + 2 = 0, x + y − 4 = 0 и уравнение одной из диагоналей x − 2 = 0. Найти координаты вершин параллелограмма.
Решение. Решая систему уравнений
x + 2y + 2 = 0, x + y − 4 = 0,
найдем точку A(10, −6) – одну из вершин параллелограмма. Две другие вершины найдем как точки пересечения данной диагонали со сторонами, т. е. определим их координаты из систем уравнений
x − 2 = 0 |
|
x − 2 = 0. |
x + 2y + 2 = 0, |
и |
x + y − 4 = 0, |
Это будут точки B(2, 2) и D(2, −2). Середина диагонали BD находится в точке S(2, 0). Так как диагонали параллелограмма в точке пересечения делятся пополам, то четвертая вершина C(x, y) может быть найдена как конец отрезка AC по известному концу A и середине S :
x + 10 |
= 2, |
y + (−6) |
= 0. |
|
2 |
2 |
|||
|
|
Отсюда получаем x = −6, y = 6, т. е. точку C(−6, 6) – четвертую вершину параллелограмма ABCD.
|
|
|
|
y |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
H@ |
|
|
|
|
|
6 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
@HH |
|
|
|
|
|
|
6 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
H |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
@ H |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
C(−6, 6) |
@ HHH |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
@@ |
@ |
HHH |
|
H @ |
|
|
x − 2 = 0 |
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
@ |
|
|
|
HH@ |
HB(2, 2) |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
@ |
|
|
|
|
|
|
@H |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
@ H |
|
|
|
10 |
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
@ |
|
|
|
|
|
@ |
|
|
|
|
- |
|
|
||||
|
|
|
|
@ |
|
S |
r |
@ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
−6 |
|
|
0 |
|
@ |
(2, 0) |
@@ |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
HH@ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
@H |
H |
|
@ |
x + y |
− |
4 = 0 |
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
@H |
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
D(2, −2) |
|
|
@ HHH |
@@ |
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
HHH |
@ |
@ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
H |
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x + 2y + 2 = 0 |
HH |
|
A , |
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
@H |
|
|
|||
|
|
|
|
6 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
HH(10 |
−6) |
|||
|
|
|
|
− |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
@ H |
|
14