Пособие Гравиметрия решение задач Зарембо, Аладжаловa 2013
.pdf
|
ω(Ba) m |
руды |
|
|
|
|
|
|
|
||
100 |
|
=с(H2SO4) V (H2SO4), |
|||||||||
|
М(Ва) |
|
|||||||||
отсюда: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
ω(Ba) |
m |
руды |
|
|
||
|
V (H |
SO ) = |
|
100 |
|
|
, |
||||
|
М(Ва) с(H |
|
SO |
) |
|||||||
|
|
2 4 |
2 |
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
4 |
|
||
|
где |
М(Ba) = 137,43г/моль; |
|
|
с(H2SO4) - молярная концентрация раствора серной кислоты,
которую можно найти по справочным таблицам [2, 5] для плотности ρ
= 1,047г/см3 .
Значения плотности ρ = 1,047г/см3 в таблице нет, поэтому концентрацию надо рассчитать, пользуясь линейной интерполяцией табличных данных:
ρ1 = 1,045 →с1 = 0,7411моль/л, ρ2 = 1,047 →с2 = ?
ρ3 = 1,050 →с3 = 0,8250моль/л,
с2 =с1 + с3 −с1 (ρ2 −ρ1) =
ρ3 −ρ1
=0,7411+0,8250 −0,7411 (1,047 −1,045) =0,7411+0,03356 1,050 −1,045
=0,7747моль/л.
Тогда:
|
|
ω (Ba) |
mруды |
|
23 |
|
0,85 |
|
||||
|
|
100 |
|
|
|
|
|
|
||||
V (H |
SO ) = |
= |
100 |
|
= |
|||||||
М(Ва) с(H |
|
SO ) |
137,34 |
0,7747 |
||||||||
|
2 4 |
2 |
|
|
||||||||
|
|
|
|
4 |
|
|
|
|
|
|
|
=0,0018л = 1,8 мл
31
Ответ: V (H2SO4) = 1,8 мл.
3.2.3 Расчет результатов гравиметрического анализа
Пример 7. При анализе 0,2215г глины, влажностью 2,45%, получено 0,1096г диоксида кремния. Вычислить массовую долю кремния в глине.
Решение:
Схему перехода при гравиметрическом анализе образца глины на содержание кремния можно записать в виде:
Si → SiO2
Для этого перехода уравнение материального баланса имеет вид:
n(Si) = n(SiO2)
Для расчета массовой доли кремния (ω (Si) ), используя формулы (12) и (8),
по уравнению материального баланса получим:
ω100(Si) mсухой глины = m(SiO2) ,
М(Si) M (SiO2)
где М(Si) = 28,086 г/моль;
mсухой глины =mвлажн.глины−mводы =
=mвлажн.глины−ωH2O mвлажн.глины =
=0,2215−0,2215 2,45100 =0,2161 г
М(SiО2) = 60,085 г/моль,
32
тогда:
|
ω (Si) |
mсухой глины |
|
m (SiO2) |
|
ω (Si) |
0,2161 |
= 0,1096 |
|
||
|
100 |
|
= |
= |
100 |
, |
|||||
|
|
|
М(Si) |
|
M (SiO ) |
|
28,086 |
|
60,085 |
|
|
ω (Si) =23,7% |
2 |
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
Ответ: |
ω (Si) =23,7% |
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Пример 8. Из навески |
0,5000г сплава, содержащего алюминий, при |
проведении гравиметрического анализа получили 0,1288г фосфата алюминия. Вычислить массовую долю алюминия в сплаве.
Решение:
Схема превращения:
Al → AlPO4
Уравнение материального баланса:
Поскольку |
|
n(Al) |
|
= |
1 |
, |
|
|
|||||
n(AlPO ) |
1 |
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
4 |
|
|
|
|
|
|
|
|
n(Al) =n(AlPO4) . |
|
|
|
|
|
|
|||||||
Используя уравнение (8), получим: |
|
||||||||||||
|
m(Al) |
= |
m(AlPO4) |
. |
|
|
|||||||
|
M (Al) |
|
M (AlPO |
|
) |
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
4 |
|
|
|
|
|
||
Отсюда: |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
m(Al) =m(AlPO ) |
|
|
М(Al) |
|
, |
||||||||
M (AlPO |
) |
||||||||||||
|
|
|
|
|
4 |
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
4 |
|
33
где |
M (Al) |
= F = |
26,98 |
=0,2212 - фактор пересчета. |
|
M (AlPO ) |
121,95 |
||||
|
|
|
|||
|
4 |
|
|
|
Тогда
m(Al) =0,1288 0,2212 =0,02849г.
По формуле (5) массовая доля Аl в сплаве составит:
ω (Al) = m(Al) 100 = 0,02849 100 =5,70 %. mобщ. 0,5000
Ответ: ω(Al) = 5,70%.
Пример 9. Для анализа взяли 0.1534г технического сульфата натрия, и после обработки хлоридом бария получили 0,2233г сульфата бария. Рассчитать массовую долю сульфата натрия в навеске сухой соли, если влажность технического сульфата натрия составляет 4,25%.
Решение:
Уравнение реакции:
Na2SO4 + BaCl2 = BaSO4 ↓ + 2NaCl
Уравнение материального баланса с учетом стехиометрии реакции:
n(Na2SO4) =n(BaSO4) .
Используя уравнения (12) и (8), получим:
|
ω (Na2SO4) |
m |
(Na SO |
)сух. |
|
m (BaSO |
) |
|
|
100 |
|
|
|||||||
|
2 |
4 |
|
= |
4 |
|
, |
||
|
M (Na SO ) |
|
|
|
M (BaSO ) |
|
|||
|
|
2 |
4 |
|
|
|
4 |
|
|
34
где M (Na2SO4) = 142,04г/моль; M (ВаSO4) = 233,4г/моль.
m(Na2SO4)сух. – масса сухой соли технического сульфата натрия,
найдем исходя из общей массы и влажности (т.е. массовой доли воды
– ω(Н2О)):
|
|
|
|
|
|
(100 −ω(H O)) |
|
|
|
m(Na2SO4)сух. =m(Na2SO4)общ. |
2 |
= |
|||
100 |
|||||||
|
|
=0,1534 (100 −4,25) |
=0,1469 г |
|
|
||
100 |
|
|
|
|
|||
Тогда: |
|
|
|
|
|||
|
|
ω(Na2SO4) |
0,1469 |
|
0,2233 |
|
|
100 |
|
|
|
||||
|
|
|
|
||||
|
|
= |
233,4 , |
|
|
||
142,04 |
|
|
ω (Na2SO4) =92,5% .
Ответ: ω(Na2SO4) = 92,5%.
3.3Расчет растворимости осадков
Использование малорастворимого соединения определяемого элемента для гравиметрического анализа возможно при соблюдении ряда требований к этому соединению. Одним из таких требований является малая растворимость осаждаемой формы осадка, что обеспечивает полноту осаждения определяемого иона.
Растворимость осадка определяют исходя из равновесия в гетерогенной системе «осадок – раствор» (1). Растворимость осадка (S, моль/л) – это
молярная концентрация ионов осадка в его насыщенном растворе, находящемся в равновесии с твердой фазой – осадком.
35
3.3.1Расчет растворимости малорастворимых соединений
вводе при отсутствии конкурирующих реакций
Если в насыщенном растворе малорастворимого сильного электролита устанавливается равновесие (1), его растворимость составляет S, моль/л. Поэтому равновесные концентрации ионов составят:
[M ] = р S
[A] =q S
Подставив эти значения равновесных концентраций в уравнение (3) получим:
KS =[M ]p [A]q =( pS) p (qS)q = p p qq S p+q , |
(19) |
|||||
отсюда можно вычислить растворимость осадка: |
|
|||||
S = p+q |
|
KS |
|
, |
(20) |
|
|
|
q |
||||
|
p |
p |
q |
|
|
|
|
|
|
|
|
Введя поправку на влияние ионной силы согласно уравнению (3), получим:
|
|
|
|
K0 |
|
|
|
|
|
||
S = p+q |
|
|
|
|
S |
|
|
|
|
. |
(21) |
p |
p |
q |
q |
γ |
|
p |
γ |
q |
|||
|
|
|
M |
A |
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
В тех случаях, когда ионная сила насыщенного раствора не превышает 0,001, растворимость осадка рассчитывают, принимая коэффициенты
активности ионов равными единице, т.е. γ p |
=γq |
= 1, по формуле: |
|||
|
|
|
M |
A |
|
S = p+q |
|
K0 |
|
|
|
p |
p S q |
. |
|
(22) |
|
|
q |
|
|
36
В случае, когда p = q = 1 (бинарные соединения, например, BaSO4; AgCl и
т.п.):
S = KS 0 .
Пример 10. Вычислить растворимость оксалата кальция в воде.
KS0(СаС2О4) =2,3 10−9 .
Решение:
При низкой величине константы растворимости СаС2О4 ионную сила его насыщенного раствора близка нулю, следовательно, γMp =γqA =1. Для СаС2О4 p = q = 1. Тогда, согласно (22):
|
p+q |
K0 |
|
K0 |
|
|
− |
9 |
− |
5моль/л. |
S(СаС О ) = |
|
S |
= |
= |
2,3 10 |
|
=4,79 10 |
|||
|
p p qq |
|
||||||||
2 4 |
|
|
S |
|
|
|
|
|
|
|
Ответ: растворимость СаС О |
составляет 4,79 10−5моль/л. |
|||||||||
|
|
2 |
4 |
|
|
|
|
|
|
|
Пример 11. В растворе над осадком фторида кальция содержится 1,2·10–2г/л ионов кальция. Вычислить концентрационную константу растворимости СаF2.
Решение:
Равновесие между осадком и раствором имеет вид:
CaF2 RCa+2 +2F−.
Отсюда:
[Са+2] =S,
[F−] =2S.
37
Для CaF2 p = 1, q = 2.
Запишем концентрационную константу растворимости по формуле (19):
K |
S |
(СaF ) =[Ca+2 |
] [F−]2 |
=S (2S)2 =4S3 . |
(23) |
|
2 |
|
|
|
Величина растворимости определяется молярной концентрацией ионов
Са+2 . Необходимо массовую концентрацию Са+2 (ρ, г/л) пересчитать в молярную концентрацию (С, моль/л):
С(Са+2) = ρ(Са+2) = 1,4 10−2г/л =3,5 10−4моль/л.
М(Са) 40,08г/моль
Тогда по (23): |
|
|
|
|
|
|||
K |
S |
(СaF ) = |
4S3 =4 (3,5 10−4)3 =1,7 10−10 . |
|
|
|||
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
Ответ: |
|
Концентрационная |
константа растворимости |
СаF2. |
составляет |
|||
1,7 10−10 . |
|
|
|
|
|
|||
Пример 12. |
Константа |
растворимости фосфата |
бария |
составляет |
||||
K0(Ba (PO ) |
2 |
=6,0 10−39 . Вычислить массовую концентрацию (г/л) ионов |
||||||
S |
|
3 |
4 |
|
|
|
|
в насыщенном растворе над осадком.
Решение:
Равновесие между осадком и раствором имеет вид:
Ba3(PO4)2 R3Ва+2 +2РО4−3.
Отсюда:
[Ba+2] =3S, [PO4−3] =2S.
38
Тогда:
KS0(Ba3(PO4)2 =[Ba+2]3 [PO4−3]2 =(3S)3 (2S)2 =108 S5 =6,0 10−39,
S =5 6,0 10−39 =8 10−10моль/л, 108
[Ba+2] =3S =3 8 10−10 = 2,4 10−9моль/л, [PO4−3] = 2S = 2 8 10−10 =1,6 10−9моль/л.
Для расчета массовой концентрации ионов надо воспользоваться формулой
(16):
c(Ва+2 ) = |
ρ(Ва+2 ) |
|
ρ(Ва+2 ) =c(Ва+2 ) M (Ва) = |
|
||||
M (Ва) |
|
|||||||
|
|
|
|
|
||||
=2,4 10−9 137,34 =3,3 10−7г/л, |
|
|
||||||
c(РО−3) = |
ρ(РО−3) |
ρ(РО−3) =c(РО−3) M (РО−3) = |
||||||
4 |
|
|||||||
M (РО−3) |
||||||||
4 |
|
4 |
4 |
4 |
||||
|
|
4 |
|
|
|
|
=1,6 10−9 94,97 =1,5 10−7г/л.
Ответ: ρ(Ва+2 ) =3,3 10−7г/л;
ρ(РО4−3) =1,5 10−7г/л.
Пример 13. В 1,0л насыщенного раствора фосфата серебра содержится 1,6мг ионов серебра. Вычислить концентрационную константу растворимости фосфата серебра.
Решение:
Равновесие между осадком и раствором имеет вид:
Ag3PO4 R3Ag+ +PO4−3 ,
отсюда:
39
[Ag+] =3S, |
|
|
|
|
||
[PO−3] =S. |
|
|
|
|
||
|
|
4 |
|
|
|
|
Для Ag3PO4 p = 3, q = 1. |
|
|
|
|||
Запишем концентрационную константу растворимости по формуле (19): |
|
|||||
K |
S |
(Ag PO |
) =[Ag+]3 |
[PO−3] =(3S)3 |
S =27S4 . |
(24) |
|
3 4 |
|
4 |
|
|
Величина растворимости определяется молярной концентрацией ионов Ag+.
Необходимо массовую концентрацию Ag+ (ρ, г/л) пересчитать в молярную
концентрацию (С, моль/л) по формуле (16):
По условию ρ(Ag+) =1,6мг/л=1,6 10−3г/л, тогда
С(Ag+) = ρ(Ag+) = 1,6 10−3г/л =1,5 10−5моль/л.
М(Ag) 107,87г/моль
Тогда по (24):
KS (Ag3PO4) =27S4 =27 (1,5 10−5)4 =1,37 10−18 .
Ответ: KS (Ag3PO4) =1,37 10−18.
3.3.2 Расчет растворимости осадков в присутствии иона осадителя (эффект одноименного иона)
Введение в насыщенный раствор иона, одноименного с одним из ионов осадка, нарушает равновесие в системе. Восстановление равновесия происходит путем выделения из раствора дополнительного количества осадка. Следовательно, растворимость осадка в этих условиях уменьшается.
40