Физика / Теоритическая механика в задачах и примерах
.pdfI |
d |
n |
|
e |
), |
(16.2) |
х dt |
m |
( F |
||||
|
i 1 |
х |
i |
|
|
где Ix = m 2 – осевой момент инерции вала.
К валу приложены внешние силы: сила тяжести P m g , реакции опор ZO , YO , сила Q и сила трения скольжения Fтр колодки о вал, направленная в точке контакта по касательной (Fтр Q ) в сторону, противоположную движению, причем Fтр = fQ. Так как моменты опорных реакций ZO , YO , сил Q и P относительно оси вращения Ох равны нулю , то
n |
|
|
F |
R fQR . |
(16.3) |
m |
х |
( F e ) |
|||
i 1 |
i |
тр |
|
|
|
|
|
|
|
|
Момент силы трения Fтр в (16.3) отрицателен, т. к. его направление
противоположно направлению угловой скорости вращения вала, которое при решении задач по динамике обычно выбирается за положительное.
Тогда с учетом (16.3) дифференциальное уравнение вращения вала принимает вид
m 2 d fQR, dt
или
d |
|
fQR |
. |
(16.4) |
dt |
|
|||
|
m 2 |
|
Для решения задачи требуется проинтегрировать это уравнение при начальных условиях движения:
t 0, |
(0) 0, |
|
|
2π n0 |
20 (с |
1 |
). |
(16.5) |
||
(0) 0 |
60 |
|
||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Интегрируя (89), находим |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
f QR |
t C . |
|
|
|
(16.6) |
|||
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
m 2 |
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Подставив (16.5) в (16.6), определяем постоянную интегрирования
C1 = 0. Следовательно, зависимость угловой скорости вращения вала от времени имеет вид
0 |
f Q R |
t. |
(16.7) |
m 2 |
|
Из (16.7) можно определить величину силы Q , если воспользоваться
условием, что в момент времени t = t1 вал останавливается и его угловая скорость = 0, т. е. получаем
0 0 mf QR2 t1.
Отсюда с учетом данных задачи находим:
Q |
m |
2 |
0 |
45π 141,3 (Н). |
|
|
f Rt |
|
|
1 |
|
Для определения числа N1 полных оборотов вала с торможения до остановки запишем (16.7), представив d / dt
d 0 f QR t. dt m 2
Разделяя переменные в (16.8) и интегрируя, получим
0t 2fmQR2 t2 C2 .
момента его
:
(16.8)
По начальным условиям (16.5) находим C2 = 0. Окончательно определяем закон вращения вала
|
|
|
0t |
f QR |
t2. |
(16.9) |
|
|
|
2m 2 |
|||
|
|
|
|
|
|
|
Из (16.9) следует, что вал вращается равнозамедленно с угловым |
||||||
замедлением |
fQR |
. |
За время t1 |
вал, |
сделав |
N1 полных оборотов, |
|
||||||
|
m 2 |
|
|
|
|
повернется на угол 1 = 2 N1. Подставив это условие в (16.9), получим
2 N1 0t1 2fmQR2 t1 .
Отсюда
N |
|
|
1 |
t |
|
f QR |
t |
2 |
|
50 (оборотов). |
|
1 |
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
0 1 |
|
2m 2 |
1 |
|
|
||
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
16.2. Динамика плоскопараллельного движения твердого тела
Решение задач динамики плоского движения твердого тела рекомендуется выполнять в такой последовательности:
1)изобразить все внешние силы, приложенные к твердому телу;
2)выбрать систему координат и тем самым определить направление
положительного отсчета угла поворота тела; 3) составить дифференциальные, уравнения плоского движения
твердого тела:
M&x |
n |
My& |
n |
I |
& |
n |
r |
|
F ; |
F ; |
|
m (Fe ); |
(16.10) |
||||
C |
kx |
C |
ky |
C |
|
C k |
||
|
k 1 |
|
k 1 |
|
|
k 1 |
|
|
(не следует забывать, что в третьем уравнении (16.10) момент инерции
твердого тела IС и сумма моментов всех внешних сил n mС Fke вычисляются
k 1
относительно оси проходящей через центр масс С твердого тела, перпендикулярно к неподвижной плоскости);
4) в случае решения прямой задачи искомые внешние силы и их моменты определяются из составленной в предыдущем пункте системы дифференциальных уравнений;
4)* в случае решения обратной задачи интегрированием системы дифференциальных уравнений движения определяют уравнения движения
твердого тела: |
|
|
xC = f1 (t), |
yC = f2 (t), |
= f3 (t). |
Если по условию задачи |
известна |
зависимость двух координат от |
третьей (например, xC = f1( ), yC = f2( )) или некоторые координаты заданы, то, проинтегрировав систему дифференциальных уравнений (16.10), можно
определить искомую координату (например ) и, кроме того, найти величины двух неизвестных внешних сил (или силы и момента).
Пример 16.2. Тонкий однородный круглый обруч приводится в качение без скольжения по горизонтальной плоскости с помощью
горизонтальной силы F , численно равной весу обруча F = P.Введя ось Ох в направлении движения обруча и пренебрегая сопротивлением качению, определить закон движения центра масс С обруча, если движение начинается из состояния покоя (рис. 16.2).
Рис. 16.2
Решение. Обруч совершает плоскопараллельное движение. Начало
координат системы Оху поместим в начальный момент времени |
(рис. |
16.2). Тогда начальные условия движения имеют вид t = 0, |
xC (0) 0, |
|
|
xC (0) 0. Угол поворота обруча отсчитываем в направлении его угловой скорости по часовой стрелке.
К обручу приложены внешние силы: сила тяжести Р, движущая сила F , нормальная реакция горизонтальной плоскости N и Fтр сила трения
обруча о горизонтальную плоскость, направленная в сторону противоположную движению обруча.
Составим дифференциальные уравнения плоского движения твердого тела (16.10) для данного тела: (рис.16.2)
P |
&x |
F F , |
|
||
g |
C |
тр |
|
|
где r радиус обруча.
При движении обруча yC
|
P |
&y N P, |
I |
|
& F r, |
(16.11) |
|
|
C |
||||
|
g |
C |
|
тр |
||
|
|
|
|
|
|
|
= r = const, поэтому |
|
yC 0 , |
и из второго |
|||
|
|
|
|
|
|
|
уравнения (16.10) имеем N = P. Так как масса тела распределена по ободу, то
IС mr2 Pg r2.
При качении обруча без скольжения точка касания К обруча с горизонтальной неподвижной плоскостью является мгновенным центром скоростей. Поэтому
VC xC r r |
(16.12) |
|
|
|
|
Дифференцируя (16.12) по времени, находим
x r,
C
или
xC . |
|
|
|
|
(16.13) |
r |
Подставим (16.13) в третье уравнение системы (16.11) и выразим из него силу трения:
|
I |
|
|
xC |
F r, |
|
|
||
|
|
C |
|
|
|
тр |
|
|
|
|
|
|
r |
xC |
P |
|
|||
|
|
|
|
IC |
|
|
|||
Fтр |
|
|
|
g xC . |
(16.14) |
||||
|
r2 |
||||||||
Тогда с учетом (16.14) запишем первое уравнение системы (16.11) |
|||||||||
P |
|
F |
P |
, |
|
||||
g |
xC |
|
g |
xC |
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
||
или |
|
2P |
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
(16.15) |
||||
|
|
g |
xC F. |
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
Так как по условию F = P, то дифференциальное уравнение движения центра масс С обруча (16.15) принимает вид:
|
|
g |
const, |
(16.16) |
|
||||
xC |
2 |
|||
|
|
|
|
т. е. центр масс С движется вдоль оси Ох равноускоренно.
Проинтегрируем уравнение (16.16) при начальных условиях t 0, xC (0) 0, xC (0) 0 и получим искомый закон движения центра масс обруча
xC gt2 2,45t2 (м). 4
По теме «Динамика твердого тела» рекомендуем решить следующие задачи из сборника [1]: 37.21, 37.24, 37.25, 39.2, 39.4, 39.5, 39.19, 39.20.
17. ТЕМА 20. ПРИНЦИП ДАЛАМБЕРА
Принцип Даламбера позволяет для движущейся механической системы составлять дифференциальные уравнения движения в форме уравнений равновесия и находить неизвестные величины. На практическом занятии с
помощью принципа Даламбера определяют реакции связей движущейся системы и ускорения её точек или твердых тел.
17.1. Решение задач с помощью принципа Даламбера
Решение задач с помощью принципа Даламбера рекомендуется выполнять в такой последовательности:
1)изобразить активные силы, приложенные к механической системе;
2)применив закон освобождаемости от связей, изобразить реакции
связей;
3)добавить к активным силам и реакциям связей силы инерции тел (материальных точек) системы;
4)выбрать систему координат;
5)составить уравнения «равновесия» для каждой из тел (материальных точек) системы;
6)решив составленную систему уравнений, определить искомые величины.
Пример 17.1. Строительная деталь массой m поднимают с ускорением а (рис. 17.1). Определить силы натяжения ветвей подъемных канатов.
Решить задачу при следующих данных: |
m= 600 кг, а = 2 м/с2. |
|
Решение. Изобразим все действующие на деталь внешние силы: силу |
||
тяжести P m g , силы натяжения канатов T1 |
и |
T2 , направленные вдоль |
канатов. |
|
|
Присоединим к этим силам силу инерции |
Ф детали, (т. к. деталь |
движется поступательно, то силы инерции точек тела приводятся к равнодействующей приложенной в центре масс С детали и направленной против ее ускорения а). Найдем модуль этой
силы y
Ф = ma = 1200 (H).
Согласно принципу Даламбера полученная сходящаяся система сил должна быть уравновешенной. Введем в точке сходимости О
декартовую систему координат Оху и запишем уравнения равновесия для плоской сходящейся системы сил:
n Fkх 0,k 1
n
Fkу 0;k 1
a
O x
Т2 Т1
30o 30o
C Ф
P
Рис. 17.1
или для рассматриваемой задачи
|
|
|
y |
|
XB |
|
|
|
|
|
|
B |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Ф2 |
m |
2 |
a n |
|
|
a n |
m1 |
Ф |
|
|
|
|
|||||
|
|
|
2 |
|
|
1 |
|
1 |
P |
|
|
l1 |
1 |
1 |
l2 |
P1 |
|
|
|
|
|
|||||
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
A |
YA |
XA |
x |
|
|
|
|
|
Рис. 17.2 |
|
|
|
17.2).
T1 cos30 T2 cos30 0,
T1 sin30 T2 sin30 Ф P 0.
Отсюда находим искомые натяжения канатов
T |
T |
|
Ф P |
14160 H . |
|
||||
1 |
2 |
|
sin 30 |
|
|
|
|
Пример 17.2. К середине вертикального вала АВ, вращающегося равномерно с угловой скоростью , приварен перпендикулярно к его оси невесомый стержень с точечными массами m1 и m2 на концах (рис.
Пренебрегая весом вала, определить опорные реакции подпятника А и
подшипника В, если = 2 с–1 = const, m1 = 6 кг, m2 = 4 кг, l1 = 0,4 м, l2 = 0,2 м, АВ = 0,8 м.
Решение. Для определения искомых реакций рассмотрим движение механической системы, состоящей из невесомого вала АВ и двух точечных масс, соединенных невесомым стержнем. Применим принцип Даламбера.
Проведем вращающиеся вместе с валом АВ оси Аху так, чтобы
точечные массы находились в плоскости ху.
Изобразим действующие на систему внешние силы: силы тяжести
P1 m1 g , P2 m2 g , составляющие |
ХА , YA |
реакции подпятника А и |
|
реакцию ХB подшипника В (рис. 17.2). |
|
|
|
Присоединим к этим силам силы инерции точечных масс Ф1 и Ф2 . |
|||
Поскольку вал вращается равномерно |
( = |
const, d 0), точечные |
|
|
|
|
dt |
массы имеют только нормальные ускорения |
a1n |
и a2n направленные к оси |
вращения АВ, тогда силы инерции Ф1 и Ф2 приложены к точечным массам и направлены от оси вращения. Вычислим модули этих сил:
2) находить соотношение между активными силами при равновесии без нахождения реакций связей;
3)определять реакции связей целой составной конструкции, не разделяя ее на части.
Задачи на равновесие твердых тел и систем твердых тел с помощью принципа возможных перемещений рекомендуется решать в следующем порядке:
1)изобразить активные силы;
2)при наличии неидеальных связей добавить соответствующие реакции связей (например, силы трения);
3)для определения реакции целой составной конструкции мысленно заменить соответствующую связь такой, чтобы система получила одну степень свободы в направлении искомой реакции, и приложить эту реакцию.
4)сообщить точкам (телам) системы возможные перемещения rк
(к = 1, 2, …, rк );
5) составить уравнение, выражающее принцип возможных перемещений для рассматриваемой задачи,
a |
n r |
r |
(18.1) |
|
A |
Fк rк 0 |
|||
|
к 1 |
|
|
|
т. е. вычислить возможную работу всех приложенных сил |
Fк |
на |
||
соответствующих возможных перемещениях rк точек их приложения, |
и |
|||
приравнять эту работу нулю; |
|
|
|
|
6)выразить все возможные перемещения точек (тел) системы через одно из них, приняв его за независимое;
7)вынести независимое возможное перемещение как общий множитель в уравнении (18.1) за скобки и приравнять выражение в скобках нулю;
8)определить искомую реакцию, решив полученное уравнение.
а у |
|
Пример |
18.1. |
Прямолинейный |
однородный |
||||||
|
стержень АВ длины |
2l |
упирается |
нижним |
концом |
||||||
|
|
В |
в вертикальную стену, |
составляя |
с |
ней |
угол |
|
|||
|
|
С |
(рис. 18.1). Стержень опирается также на гвоздь |
O, |
|||||||
|
|
параллельный |
стене. |
Гвоздь отстоит |
от стены |
на |
|||||
|
|
Р |
расстоянии а. Определить угол в положении |
||||||||
О |
х |
||||||||||
|
равновесия стержня, считая поверхности стены и |
||||||||||
А |
|
|
стержня гладкими. |
|
|
|
|
|
|
||
|
|
Решение. |
Активной силой, |
действующей |
на |
||||||
|
|
|
стержень, является сила тяжести Р, приложенная в Рис. 18.1 центре масс С стержня. Поскольку стержень при
искомом угле находится в равновесии и наложенные
на него связи являются идеальными, применим для решения задачи принцип виртуальных перемещений (18.1):
А |
a |
r |
, |
|
Р rс Р ус 0 |
||
отсюда |
|
yC = 0. |
(18.2) |
|
|
В выбранной системе координат хОу (рис. 18.1)
ус l cos аctg
Тогда проекцию возможного перемещения rC точки С на ось Оу находим по формуле
δус ус δ ,
и, подставив в (18.2), получим
δус |
l sin δ |
|
a |
δ |
0. |
|
sin 2 |
||||||
|
|
|
|
|
Откуда
δ l sin sinа2 0.
Поскольку δ 0, следовательно,
l sin |
а |
|
0 |
, |
sin 0, |
|
sin2 |
|
|||||
|
|
|
|
или
l sin3 а 0.
Из этого выражения определим значение угла , соответствующего положению равновесия стержня
sin 3 аl .