MatAnal2
.pdf21. Интеграл Римана – Стилтьеса |
175 |
|
|
Теорема 3. Пусть f V ([a, b]). Тогда существуют монотонно возрастающие на [a, b] функции vf+ и vf−, такие, что vf+(a) = vf−(a) = 0, f (x) − f (a) = vf+(x) − vf−(x) и vf (x) = vf+(x) + vf−(x) (a ≤ x ≤ b).
Доказательство. Обозначим |
|
|
|
||
vf+(x) = |
1 |
(vf (x) + f (x) − f (a)) , vf−(x) = |
1 |
(vf (x) − f (x) + f (a)) . |
|
|
|
|
|||
2 |
2 |
Тогда, очевидно, vf+(a) = vf−(a) = 0, vf+(x) −vf−(x) = f (x), vf+(x) + vf−(x) = vf (x) (a ≤ x ≤ b). Далее, для a ≤ x ≤ y ≤ b имеем
vf+(y) − vf+(x) = 12 [vf (y) − vf (x) + f (y) − f (x)] = 12 [Vxyf + (f (y) − f (x))] , vf−(y) − vf−(x) = 12 [vf (y) − vf (x) − f (y) + f (x)] = 12 [Vxyf − (f (y) − f (x))] ,
и монотонность vf+ и vf− следует из неравенства
|f (y) − f (x)| ≤ Vxyf.
Функции vf+ и vf− называют соответственно положительной и отрицательной вариациями функции f .
Следствие 1. Если функция f V ([a, b]) непрерывна, то vf+ и vf−
также непрерывны.
Это вытекает из части b) предыдущей теоремы и из определения функций vf+ и vf−.
Следствие 2. Если функция f V ([a, b]), то f может иметь разве что разрывы I рода, а множество всех точек разрыва функции f не
более чем счетно.
Это вытекает из соответствующего свойства монотонных функций.
Теперь мы можем определить интеграл Римана – Стилтьеса не только относительно монотонно возрастающей функции α, а относительно любой функции α ограниченной вариации. Действительно, пусть α V ([a, b]). Тогда, согласно теореме 3, представим α = vα+ − vα−, где функции vα+ и vα−
монотонно возрастают и поэтому для них интеграл Римана – Стилтьеса
21. Интеграл Римана – Стилтьеса |
177 |
|
|
Пример. Для функции
(
α1(x) =
0, −1 ≤ x < 0,
1, 0 ≤ x ≤ 1,
для любой функции f при любом разбиении Π = {xi} имеем
X |
|
|
|
|
X |
||
S (Π, f, α1) = mi |
αi = mi1 , S (Π, f, α1) = |
|
Mi αi = Mi1 , |
||||
i |
|
|
|
|
i |
|
|
где номер i1 такой, что xi1−1 < 0 ≤ xi1 . Поэтому |
|
|
|
||||
|
|
|
lim |
inf f (x), |
|||
I (f, α1) = sup {S (Π, f, α1)} = δ |
0+ |
δ<x |
≤ |
0 |
|||
Π |
|
|
→ |
− |
|
|
©ª
I (f, α1) = inf S (Π, f, α1) |
= lim sup f (x). |
Π |
δ→0+ −δ<x≤0 |
Отсюда видно, что интегрируемость функции f относительно α1 равносильна непрерывности функции f слева в точке x = 0 и справедливо
равенство
Z 1
f dα1 = f (0).
−1
Аналогично, для функции
(
α2(x) =
0, −1 ≤ x ≤ 0,
1, 0 < x ≤ 1,
для любой функции f при любом разбиении Π = {xi} имеем
X |
|
|
|
|
|
|
X |
S (Π, f, α1) = mi αi = mi2 , S (Π, f, α1) = Mi αi = Mi2 , |
|||||||
i |
|
|
|
|
i |
||
где номер i2 такой, что xi2−1 ≤ 0 < xi2 . Поэтому |
|
|
|||||
I (f, α2) = sup {S (Π, f, α2)} = |
|
lim |
inf f (x), |
||||
δ |
→ |
0+ 0 |
≤ |
x<δ |
|||
Π |
|
|
|
©ª
I (f, α2) = inf S (Π, f, α2) |
= lim sup f (x). |
Π |
δ→0+ 0≤x<δ |
178 Третий семестр
Отсюда видно, что интегрируемость функции f относительно α2 равносильна непрерывности функции f справа в точке x = 0 и справедливо
равенство |
Z 1 |
|
f dα1 = f (0).
−1
Для функции
(
α(x) = α1(x) − α2(x) =
0, x 6= 0,
1, x = 0
интегрируемость функции f относительно α равносильна непрерывности функции f в точке x = 0, а
Z 1
f dα = 0.
−1
180 Четвертый семестр
при условии, что ai < bi (i = 1, . . . , n). Если же хотя бы при одном i0
справедливо равенство ai0 = bi0 (такой сегмент называют вырожденным),
◦
то I= . |
£ |
|
|
|
|
|
|
¤ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Лемма 1. Пусть сегмент I = a1, b1; . . . ; an, bn |
|
|
является объедине- |
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
◦ |
|
∩ |
◦ |
|
|
6 |
|
|
нием конечного числа сегментов I1, . . . , Is, причем |
Ii |
|
Ij |
= |
|
(i = j). |
||||||||||||
Тогда |
|
s |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
X |
|Ii| . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|I| = |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
i=1 |
|
|
£ |
|
|
|
¤i |
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
ai, bi |
|
|
|
|
|
разбить |
|||||||
Доказательство. Если каждую сторону |
|
сегмента I |
||||||||||||||||
на конечное число отрезков ai = αi |
< αi < |
· · · |
< αi |
|
= bi (i = 1, . . . , n), |
|||||||||||||
|
0 |
|
|
1 |
|
|
|
k |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
то получим разбиение I на сегменты |
|
i1,...,in ≡ |
|
1 |
|
|
1 |
|
|
|
n |
n |
|
|||||
|
|
αi1 |
, αi1 |
+1; . . . ; αin , αin+1 |
|
|||||||||||||
видно. ≤ |
|
|
|
равенство |
| |
| |
|
P | |
i1,...,in | |
оче- |
||||||||
(0 ≤ ij kj − 1, j = 1, . . . , n), и при этом |
|
|
£ |
|
|
I |
|
= |
|
|
¤ |
Если же теперь I1, . . . , Is – произвольное разбиение сегмента I, где
Ii = |
ai1, bi1; . . . ; ain, bin |
(i = 1, . . . , s), то при фиксированном k {1, . . . , n}, |
||||||||||||||||||||||||
располагая числа ak, bk, ak, bk |
, . . . , ak, bk |
в порядке возрастания, получим |
||||||||||||||||||||||||
|
|
|
£ |
|
|
|
1 ¤ |
1 |
|
|
2 |
2 |
s |
s |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
разбиение отрезка |
|
ak, bk |
|
|
. Проделав эту операцию для всех k {1, . . . , n}, |
|||||||||||||||||||||
получим такие сегменты |
|
i1 |
,...,in , которые имеют попарно непересека- |
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
£ |
|
|
¤ |
|
||||||||||||||||
ющиеся внутренности, I = i1,...,in |
i1,...,in , причем каждый сегмент Ii |
|||||||||||||||||||||||||
представлен в виде объединения некоторых сегментов |
|
i1,...,in . Поэтому |
||||||||||||||||||||||||
на основании уже доказанной части леммы получим |
|
= |
|
|
|
|
||||||||||||||||||||
| |
I |
| |
= |
| |
i1,...,in |
| |
= |
s |
|
|
|
|
|
|
|
|
| |
i1 |
,...,in |
| |
s |
Ir |
| |
. |
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
| |
|
|
|||||||
|
|
|
|
X |
|
|
|
r=1 |
|
i1,...,in: |
i1,...,in |
|
Ir |
|
|
|
|
|
r=1 |
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
X |
|
X |
|
|
} |
|
|
|
X |
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
{ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Лемма 2. Для любого конечного набора сегментов I1, . . . , Is найдется такой конечный набор сегментов Q1, . . . , Qr, что
◦◦
a) |
Qi ∩ Qj = (i 6= j); |
||
|
r |
s |
|
|
i[ |
[ |
|
b) |
|
Qi = |
Ij ; |
|
=1 |
j=1 |
|
c) |
если int (Qi ∩ Ij ) 6= , |
то Qi Ij . |
22. Кратные интегралы |
181 |
|
|
Доказательство. В одномерном случае лемма очевидна. Действительно, пусть α1, . . . , α2s – занумерованные в неубывающем порядке числа a1, b1, . . . , as, bs. Если [αk, αk+1] sj=1Ij , то полагаем [αk, αk+1] в качестве очередного Qi, а в противном случае переходим к следующему номеру k. Перебрав таким образом все номера k = 1, . . . , 2s − 1, получим лемму в
одномерном случае.
Доказательство леммы в пространстве размерности большей, чем 1, проводим индукцией по n. Пусть лемма верна в Rn−1. Тогда она верна и в Rn, поскольку n-мерный сегмент можно представить в виде декартова произведения (n − 1)-мерного сегмента и одномерного сегмента. В самом
деле, просматривая всевозможные декартовы произведения одномерных и (n−1)-мерных сегментов, полученных в результате применения предпо-
ложения индукции к проекциям исходных сегментов на соответствующие подпространства, нужно оставить те n-мерные сегменты, которые содержатся в sj=1Ij . Они и будут составлять требуемый набор сегментов {Qi}.
22.1.2Мера фигуры и ее свойства
Определение. Фигурой в Rn называется такое множество, которое
может быть представлено в виде конечного объединения сегментов.
Очевидно сегмент – это частный случай фигуры. Непосредственно из определения вытекают следующие свойства фигур.
1) Каждая фигура – замкнутое и ограниченное множество.
2) Объединение конечного числа фигур является фигурой.
3) Если X1 и X2 фигуры, и X1 ∩ X2 6= , то X1 ∩ X2 фигура. 4) Если X1 и X2 фигуры, и X1 \ X2 6= , то X1 \ X2 фигура.
В определении фигуры не требуется, чтобы сегменты не пересекались. Из леммы 2, в частности, вытекает следующее важное свойство, которое
используется при определении меры фигуры.
5) Каждую фигуру можно представить в виде конечного объедине-
ния сегментов, внутренности которых попарно не пересекаются.
182 |
Четвертый семестр |
|
|
Набор сегментов, существование которого гарантирутся свойством 5),
называется дизъюнктивным набором, а сами сегменты называют составляющими сегментами. Ясно, что у данной фигуры дизъюнктивный набор сегментов не единственный.
Определение. Пусть фигура X представлена в виде конечного объединения составляющих сегментов I1, . . . , Is. Мерой фигуры X называет-
ся число
Xs
mX = |Ik| .
k=1
Для того чтобы показать корректность данного определения, нужно доказать, что определенная нами мера фигуры не зависит от способа представления данной фигуры в виде объединения составляющих сегментов. Докажем это. Пусть X = sk=1Ik и X = ri=1Qi, где {Ik} и {Qi} дизъюнктивные наборы сегментов. Нужно показать, что sk=1 |Ik| =
|
r |
|
T |
|
|
= I |
|
|
|
T |
|
сегмент (или |
|
) и |
|||
|
i=1 |Qi|. Обозначим |
k,i |
Qi. Ясно, что |
k,i – |
|
||||||||||||
|
|
|
k ∩ |
|
|
|
P |
|
|||||||||
внутренности сегментов |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
P |
|
|
|
|
Tk,i |
попарно не пересекаются. Имеем |
|
|
|||||||||
|
|
Ik = Ik ∩ X = Ik ∩ |
à r |
Qi! = |
r |
(Ik ∩ Qi) = |
r |
Tk,i |
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
[ |
|
[ |
|
|
|
|
i[ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
i=1 |
|
i=1 |
|
|
|
|
=1 |
|
|
|
и, поскольку внутренности сегментов Tk,i попарно не пересекаются, по
лемме 1 получаем |Ik| = |
ir=1 |Tk,i|. Отсюда следует, что |
ks=1 |Ik| = |
||||||||||||||
P |
P |
|
|
|
|
|
|
P |
r |
|
|
P |
r |
P |
s |
|
s |
r |
| | |
|
Аналогично получаем, что |
|
| | |
|
|
| | |
|||||||
k=1 |
i=1 Tk,i . |
|
|
P |
|
|
i=1 Qi |
|
= i=1P k=1 Tk,i . |
|||||||
Поэтому |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
s |
|
|
s |
r |
r s |
|
|
|
r |
|
|
|
|
|
|
|
X |
|Ik| = |
X X |
X X |
|
|
X |
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|Tk,i| = |
|Tk,i| = |
|
|Qi| . |
|
|
|
|||||
|
|
k=1 |
|
|
k=1 i=1 |
i=1 k=1 |
|
|
i=1 |
|
|
|
|
Лемма 3 (монотонность меры фигур). Если фигуры X Y , то
mX ≤ mY .
Доказательство. Выберем наборы составляющих сегментов для фигур X и Y . Применим к объединению этих наборов лемму 2 и построим систему сегментов J1, . . . , Js с попарно непересекающимися внутренностями, т. е. составляющими для фигуры Y . При этом часть из этих сегментов
22. Кратные интегралы |
183 |
|
|
образует дизъюнктивный набор для фигуры X. Пусть это будут сегменты
Ji1 , . . . , Jil . Тогда
l |
s |
X |
X |
mX = |
|Jir | ≤ |Ji| = mY. |
r=1 |
i=1 |
Лемма 4 (полуаддитивность меры фигур). Пусть X и Y – фи-
◦ ◦
гуры. Тогда m(X Y ) ≤ mX + mY . Если, кроме того, X ∩ Y = , то m(X Y ) = mX + mY .
Доказательство. К объединению составляющих сегментов фигур
X и Y применим лемму 2 и получим набор сегментов J1, . . . , Js, который
разобьем на три непересекающихся набора. К первому набору отнесем те сегменты Ji, внутренности которых не пересекаются с X, ко второму
– те сегменты, внутренности которых не пересекаются с Y . Оставшиеся
сегменты образуют третий набор. Ясно, что каждый сегмент из третьего набора содержится в X ∩ Y . Через S1, S2 и S3 обозначим сумму мер
сегментов из первого, второго и третьего наборов, соответственно. Тогда получим
m(X Y ) = S1 + S2 + S3 ≤ (S1 + S3) + (S2 + S3) = mY + mX.
◦◦
Если же X ∩ Y = , то третий набор сегментов либо пустой, либо состоит
лишь из вырожденных сегментов. Поэтому
m(X Y ) = S1 + S2 + S3 = (S1 + S3) + (S2 + S3) = mY + mX.
22.1.3Мера Жордана
Мера Жордана определяется с помощью приближения множества фигурами извне и изнутри. Если эти приближения дают один и тот же результат, то множество объявляется измеримым по Жордану.
Определение. Пусть множество E Rn ограничено. Внутренней мерой множества E назывется число m E = supX E mX. Внешней мерой множества E называется число m E = infX E mX.
184 |
Четвертый семестр |
|
|
Для любого ограниченного множества E Rn справедливо неравенство m E ≤ m E. Действительно, если фигуры X и Y таковы, что
X E Y , то, в силу монотонности меры фигур, mX ≤ mY . Фиксируя
Y и переходя к верхней грани по всевозможным фигурам X E, получаем, что m E ≤ mY . Переходя теперь в этом неравенстве к нижней грани по всем фигурам Y E, получаем неравенство m E ≤ m E.
Определение. Ограниченное множество E Rn называется измеримым по Жордану, если m E = m E. В этом случае общее значение m E и m E называется мерой Жордана и обозначается mE. Если же m E < m E, то говорят, что множество E неизмеримо.
Непосредственно из определения внешней и внутренней мер мгновенно вытекает их монотонность. Поэтому и мера Жордана измеримых по Жордану множеств обладает свойством монотонности.
Пример 1. Пусть E = X – фигура. Тогда E измеримо по Жордану и его мера Жордана mE равна определенной выше мере фигуры mX. Это
сразу вытекает из определения меры Жордана и из свойства монотонности меры фигур.
◦
Пример 2. Пусть E =X, где X – фигура. Тогда E измеримо по
Жордану и его мера mE равна мере фигуры mX. В самом деле, так
◦
как X X, то для любой фигуры Y E, в силу замкнутости Y , справедливо также вложение Y X. Поэтому, в силу монотонности меры
фигур, mY ≥ mX. Кроме того, существует фигура Y E, такая, что mY = mX (в качестве Y можно взять X). Это означает, что m E = mX. С другой стороны, зададим ε > 0 и разобьем фигуру X на составляющие
сегменты {Ij }js=1. В тех сегментах Ij , внутренности которых непустые, |
|||||||||||||||||||||
|
≡ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
≥ |
¯ |
|
|
¯ |
|
|
|
|
− |
|
|
j Ij |
|
|
|
|
|
¯ |
|
j |
¯| | − |
s |
|||||||||
построим замкнутый сегмент I0 |
|
◦ |
, так, чтобы |
|
I0 |
|
> |
I |
ε . Тогда |
||||||||||||
фигура Xε |
|
s I0 |
|
E и mXε = |
P |
s |
¯ |
I0 |
¯ P |
s |
|
|
|
|
|
ε = mX ε. |
|||||
|
|
j=1 j |
|
|
|
|
|
j=1 |
|
j |
|
|
j=1 |
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
найдется фигура |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
Получили, что для любого ε > 0 |
|
|
|
|
¯ |
|
¯ |
|
|
|
Xε |
|
E, такая, что |
mXε ≥ mX − ε. Поэтому и m E ≥ mX. Учитывая, что m E ≤ m E, получим, что m E = m E = mX.