MatAnal2
.pdf19. Интегралы, зависящие от параметра |
|
|
|
|
|
117 |
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Имеем |
|
|
|
|
Z |
|
|
Z |
|
|
Z |
|
|
¯ |
|
|
¯Z |
c d |
à |
|
|
|
à |
|
|
= |
|
||||||
¯ |
aξ f (x, y) dx! dy − c d |
ab f (x, y) dx! dy¯ |
|
|||||||||||||
¯ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
¯ |
|
|
¯ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
¯ |
|
|
¯ |
|
¯Z |
d |
Z |
b |
¯ |
|
Z |
d |
¯Z |
b |
¯ |
|
|
||
|
|
|
à |
|
|
|
|
¯ |
|
|
||||||
= |
¯ |
c |
|
ξ |
|
¯ |
≤ |
c |
¯ |
ξ |
¯ |
|
(19.9) |
|||
¯ |
|
|
f (x, y) dx! dy¯ |
¯ |
f (x, y) dx¯ dy. |
|||||||||||
|
|
¯ |
|
|
|
|
|
¯ |
|
|
|
¯ |
|
¯ |
|
|
|
|
¯ |
|
|
|
|
|
¯ |
|
|
|
¯ |
|
¯ |
|
|
Пользуясь равномерной сходимостью интеграла I(y), для заданного ε > 0
найдем такое ξ0 [a, b), что для всех ξ |
[ξ0, b) и для любого y [c, d] |
|||||
справедливо неравенство |
ξ b f (x, y) dx¯ |
< d ε c . |
||||
¯ |
||||||
¯Z |
|
¯ |
|
|
− |
|
¯ |
|
¯ |
|
|
|
|
¯ |
|
¯ |
|
|
|
|
Тогда для ξ [ξ0, b) левая¯часть в (19. |
9) не превосходит ε, а это и означает, |
|||||
¯ |
|
|
|
|
что левая часть в (19.8) стремится к левой части (19.7) при ξ → b (ξ < b).
Теорема 4 (перестановка порядка интегрирования для случая, когда оба интеграла несобственные). Пусть функция f (x, y) непрерывна на Π ≡ [a, b) × [c, d), где −∞ < a < b ≤ +∞, −∞ < c < d ≤ +∞.
Пусть, далее, |
ab |f (x, y)| dx сходится равномерно относительно y на лю- |
|||||||||||
бом отрезке [γ, δ] |
|
(c, d), а |
d |
f (x, y) |
| |
dy сходится равномерно относи- |
||||||
|
|
R |
|
c |
| |
|
|
|
|
|||
тельно x на любом отрезке [α, β] |
(a, b). Если сходится хотя бы один |
|||||||||||
из интегралов |
|
R |
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
c d à ab |f (x, y)| dx! dy, |
|
|||||
ab |
à c d |f (x, y)| dy! dx |
или |
|
(19.10) |
||||||||
Z |
Z |
|
|
|
|
|
|
|
Z |
|
Z |
|
то сходится и другой интеграл, и имеет место равенство |
|
|||||||||||
|
ab à c d f (x, y) dy! dx = |
Z |
c d à ab f (x, y) dx! dy. |
(19.11) |
||||||||
|
Z |
Z |
|
|
|
|
|
|
|
Z |
|
Доказательство. Докажем сначала теорему для случая f ≥ 0. Пусть, например, сходится первый из интегралов (19.10). Обозначим его I1. Выберем c < γ < δ < d и на [a, b) × [γ, δ] применим теорему 3. В силу этой
120 |
|
|
|
Третий семестр |
|
|
|
||||
Этот интеграл сходится при s > 0. Действительно, интеграл |
1 xs−1e−x dx |
||||
сходится, так как xs−1e−x ≤ xs−1 (0 ≤ x ≤ 1), где s − 1 > −1R, |
0то интеграл |
||||
сходится по признаку Вейерштрасса. Другой интеграл |
+∞ xs−1e−x dx |
||||
|
|
|
|
1 |
|
s 1 |
x |
|
x |
(s)), а интеграл |
|
|
|
||||
сходится при любом s, поскольку x − e− |
|
≤ e− |
|
||
|
|
|
2 |
|
|
+∞ e−x2 dx сходится. Поэтому сходится и |
исходный интеграл при s > 0. |
|
R1 |
Значение (0) не определено, так как |
интеграл расходится при s = |
0. Интеграл (s) сходится равномерно относительно s на любом отрезке
[α, β] (0, +∞). Действительно, для s [α, β] справедливо неравенство
|
|
|
xs−1e−x ≤ xα−1 (0 < x ≤ 1), |
|
||||
так что для интеграла |
1 xs |
|
1e |
x dx выполнено условие признака Вейер- |
||||
штрасса. Далее, |
R0 |
− |
|
− |
|
|||
|
|
|
xs−1e−x ≤ xβ−1e−x (x ≥ 1), |
|
||||
и интеграл |
|
+∞ xβ−1e−x dx сходится, так что и интеграл |
+∞ xs−1e−x dx |
|||||
|
|
|
1 |
|
|
|
|
1 |
сходится |
равномерно на [α, β] по признаку Вейерштрасса. |
|
||||||
|
R |
|
|
|
|
R |
|
Из равномерной сходимости на [α, β] (0, +∞) и из теоремы о непре-
рывности несобственного интеграла, зависящего от параметра, получаем, что функция (s) непрерывна на [α, β]. Так как 0 < α < β < +∞ произ-
вольные, то отсюда следует, что функция (s) непрерывна на (0, +∞).
Продифференцируем функцию xs−1e−x под знаком интеграла по параметру s. Получим интеграл R0+∞ xs−1e−x ln x dx. Аналогично тому, как мы доказали равномерную сходимость на [α, β] (0, +∞) интеграла (s), можно показать, что и интеграл R0+∞ xs−1e−x ln x dx равномерно сходится на [α, β] (0, +∞). Это означает, что к исходному интегралу (s) мож-
но применить теорему о дифференцировании интеграла по параметру.
Согласно этой теореме, 0(s) = |
|
+∞ xs−1e−x ln x dx. Рассуждая аналогич- |
||||||||||||||
но, получим, что функция (sR |
0 |
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
имеет производные любого порядка на |
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
) |
|
|
|
|
|
|
|
|
(0, +∞) и |
(k) |
(s) = |
|
+∞ |
s |
1 |
e− |
x |
(ln x) |
k |
dx. В частности, 00(s) ≥ 0, так |
|||||
|
|
0 |
x |
− |
|
|
||||||||||
что функция (s) |
выпукла вниз. |
|
|
|
|
|
|
|||||||||
|
R |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
Применяя формулу интегрирования по частям, находим |
||||||||||||||||
(s + 1) = |
Z |
|
∞ xse−x dx = " |
|
|
|
− |
|||||||||
0 |
|
dv = e−x dx v =− |
e−x # = |
|||||||||||||
|
|
|
|
+ |
|
|
|
|
|
|
u = xs |
du = sxs |
1 dx |
122 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Третий семестр |
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
= ts Z0+∞ ys−1e−ty dy = ts Z0+∞ xs−1e−tx dx (t > 0). |
|
|
||||||||||||||||
Отсюда |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(s) |
+∞ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
= Z0 |
xs−1e−tx dx. |
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
ts |
|
|
|
|||||||||
Положим s = p + q, t = 1 + y. Тогда |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
|
|
|
|
(p + q) |
+∞ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
= Z0 |
xp+q−1e−x(1+y) dx. |
|
|
|||||||||
|
|
|
(1 + y)p+q |
∞ |
|||||||||||||||
Умножим это равенство на |
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||
yp−1 и проинтегрируем по y от 0 до + . |
|||||||||||||||||||
Получим |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
+∞ |
|
yp−1 |
+∞ |
|
|
+∞ |
|
|
|
|
|
|||||||
(p + q) Z0 |
|
|
dy = Z0 |
µyp−1 Z0 |
xp+q−1e−x(1+y) dx¶ dy = |
||||||||||||||
|
(1 + y)p+q |
||||||||||||||||||
|
|
= Z0 |
+∞ µxp+q−1 Z0+∞ yp−1e−x(1+y) dy¶ dx = |
|
|
||||||||||||||
|
|
|
= Z0+∞ µxp+q−1e−x Z0+∞ yp−1e−xy dy¶ dx. |
|
|
||||||||||||||
Внутренний интеграл равен |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
Z0 |
+∞ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
+∞ |
|
(p) |
||
yp−1e−xy dy = h z = xy, y = xz |
i = |
|
Z0 |
zp−1e−z dx = |
|
. |
|||||||||||||
xp |
xp |
||||||||||||||||||
Поэтому |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
+∞ |
|
|
|
|
(p) |
|
|
|
|
|
|
|
(p + q)B(p, q) = Z0 |
xp+q−1e−x |
|
|
dx = |
|
|
||||||||||
|
|
|
|
xp |
|
|
Z+∞
=(p) xq−1e−x dx = (p) (q).
0
Отсюда следует формула Эйлера, если только обосновать перемену порядка интегрирования. Для этого обоснования покажем, что выполнены условия теоремы 4. Обозначим
f (x, y) = xp+q−1yp−1e−x(1+y).
19. Интегралы, зависящие от параметра |
123 |
||
|
|
||
Ясно, что f (x, y) ≥ 0 на [0, +∞) × [0, +∞). Интеграл |
|
||
Z0 |
+∞ f (x, y) dx = Z0 |
+∞ xp+q−1yp−1e−x(1+y) dx |
|
сходится равномерно по переменной y на любом отрезке [γ, δ] (0, +∞).
Это следует из неравенства
p+q 1 p |
1 |
|
x(1+y) |
≤ |
( |
|
δp−1 |
|
xp+q−1 |
|
e−x(1+γ), p ≥ 1, |
) ≤ |
|||||||
x |
− y |
− |
e− |
|
|
γp−1 |
· xp+q−1 |
· e−x(1+γ), 0 < p < 1 |
|||||||||||
|
|
|
|
¡ |
|
|
|
|
|
¢ |
|
· |
|
|
|
· |
|
||
|
|
≤ |
|
|
∞ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
δp−1 |
+ γp−1 |
|
xp+q−1 · e−x(1+γ) (y [γ, δ]), |
|
|||||||||||||
|
|
|
|
|
|
+ |
|
|
|
|
p+q 1 |
|
|
x(1+γ) |
|
|
|||
сходимости интеграла |
R0 |
|
|
x |
e |
|
dx и из признака Вейерштрас- |
||||||||||||
|
|
|
− |
|
− |
|
|
||||||||||||
са. Далее, интеграл |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||
|
|
Z0 |
+∞ f (x, y) dy = Z0 |
+∞ xp+q−1yp−1e−x(1+y) dy |
|
сходится равномерно по переменной x на любом отрезке [α, β] (0, +∞).
Это следует из неравенства
|
|
p+q |
1 |
|
p |
1 |
|
x(1+y) |
≤ |
( |
βp+q−1 · yp−1 · e−α(1+y), |
p + q ≥ 1, |
||||||||||
|
x |
|
|
− |
y |
− |
e− |
|
|
|
αp+q−1 · yp−1 · e−α(1+y), |
0 < p + q < 1 ) ≤ |
||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
αp+q |
|
|
1 |
+ βp+q−1 |
yp−1e−α(1+y) (x |
|
[α, β]), |
||||||
|
|
|
|
|
|
|
≤ ¡ |
|
− |
|
+∞ |
p |
1 ¢ |
|
α(1+y) |
|
|
|
||||
сходимости интеграла |
|
0 |
|
y |
− e− |
|
dy и из признака Вейерштрасса. |
|||||||||||||||
Наконец, последнее |
условие теоремы 4, а именно, сходимость интеграла |
|||||||||||||||||||||
|
|
|
R |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
R |
+∞ |
|
R |
+∞ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
0 |
|
dx 0 |
f (x, y) dy, мы показали выше, точнее, мы даже выразили его |
значение через гамма-функцию.
Итак, бета-функция выражается через гамма-функцию. Продолжим
изучение свойств гамма-функции. Выше уже отмечалось, что функция
(s) непрерывна на (0, +∞). Поскольку (s) = (s+1) , то при s → 0+
s
имеем (s + 1) → (1) = 1 и, следовательно, при s → 0+ имеем (s) =
(s+1) |
|
(1) |
= 1s . |
|
s |
|
s |
Гамма-функция может быть определена с сохранением полученных свойств для отрицательных s 6= 0, −1, −2, . . . . Положим по определению
124 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Третий семестр |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
(s) = |
(s+1) |
, где −1 < s < 0. Так как s + 1 (0, 1), то такое определение |
||||||||
s |
||||||||||
корректно. Исследуем поведение (s) при s → −1 + 0. Имеем |
||||||||||
|
(s + 1) |
|
(t) |
1 |
1 |
|
||||
(s) = |
|
|
= |
|
− (t) − |
|
= − |
|
(t = s + 1 → 0+). |
|
|
s |
t − 1 |
t |
s + 1 |
Теперь по индукции можно определить функцию (s) на любом интервале (−n − 1, −n) (n N) равенством
(s) = (s + 1) . s
Упражнение. Используя полученные свойства, постройте график функции (s).