Конспект лекций Высшая математика (Басканова)
.pdf240
Если при x функция y f x неограниченно возрастает или убывает, приближаясь к прямой y kx b , то данная прямая является наклонной
асимптотой. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Найдем k и b . |
|
|
|
|
|
|
|
|
||
Пусть M x; y |
– произвольная точка кривой y f x (см. рис. 2.14.2). |
|||||||||
y |
|
|
Найдем расстояние от точки M до прямой |
y kx b |
||||||
|
|
по формуле: |
|
|||||||
y=f(x) |
|
|
|
|||||||
M(x;y) |
|
|
d |
|
|
kx y b |
|
|
. |
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
k2 1 |
|
||||
d |
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
По определению асимптоты d 0 . Это возмож- |
||||||||
0 |
|
x |
но лишь тогда, когда числитель дроби стремится к ну- |
|||||||
рис. 2.14.2 |
лю, т.е. |
(2.14.1) |
||||||||
|
|
|
lim kx y b 0 . |
|||||||
|
|
|
x |
|
1. По теореме 7 п.2.3.3 из (2.14.1) следует, что kx y b , где – бесконечно малая ( 0 при x ). Таким образом y kx b .
|
|
Рассмотрим предел отношения |
y |
, при x : |
|||||
|
|
x |
|||||||
|
y |
|
kx b |
|
b |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
lim |
|
lim |
x |
lim k |
x |
|
|
|
k , т.е. |
|
|
||||||||
x x |
x |
x |
|
x |
|
|
|
|
|
k lim |
|
f |
x |
. |
|
|
|
|
(2.14.2) |
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
|
x |
|
x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2. |
Предел |
(2.14.1) |
представим |
|
|
как |
сумму |
пределов |
||||||
lim |
kx y lim b 0 , т.е. lim |
kx y b 0 . Отсюда b lim |
kx y или |
||||||||||||
x |
|
x |
x |
x |
|
|
|
|
|
|
|
x |
|
||
|
|
|
|
b lim |
f |
|
x |
|
|
kx |
|
. |
|
(2.14.3) |
Замечание. Если хотя бы один из пределов (2.14.2) или (2.14.3) не существует или равен бесконечности, то график функции y f x наклонной
асимптоты не имеет. |
x2 |
|
|
|
Пример. Найти наклонную асимптоту графика функции y |
|
, если |
||
x |
2 |
|||
она существует. |
|
|||
|
|
|
||
Решение: Найдем k и b по формулам (2.14.2) и (2.14.3). |
|
|
|
k lim |
|
|
x2 |
|
lim |
x |
1, |
|
|
|
||
|
x 2 |
|
|
|
|
|
||||||
x x |
x x 2 |
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
x2 |
|
|
|
|
|
x2 x2 2x |
|
2x |
|
b lim |
|
|
1 x |
lim |
|
lim |
|
2. |
||||
|
|
|
|
|||||||||
x x-2 |
|
|
|
x |
x 2 |
x x 2 |
|
241
Тогда наклонная асимптота существует и её уравнение имеет вид y x 2 .
Ответ: y x 2 .
Горизонтальная асимптота y b – прямая, параллельная оси OX ,
существует при k 0. Тогда
b lim f x . |
(2.14.4) |
x |
|
Замечание. Асимптоты графика функции y f x |
при x и при |
x могут быть разными. Поэтому при нахождении пределов (2.14.2), (2.14.3) и (2.14.4) следует отдельно рассматривать случай, когда x и когда x .
2.14.2. Интервалы монотонности. Экстремумы функции
Теорема 1. Функция |
y f x , дифференцируемая на интервале |
a;b |
||||||
возрастает |
(убывает) на |
этом интервале |
тогда |
и только |
тогда, |
когда |
||
f x 0 f x 0 |
для всех точек x a;b . |
|
|
|
|
|||
Доказательство: |
|
|
|
|
|
|
||
1. Докажем необходимость. |
|
|
|
|
|
|||
Пусть f x |
– монотонно |
возрастает на |
интервале |
a;b . |
Точке |
|||
x a;b |
зададим |
приращение |
x 0 . |
Тогда |
f x x f x |
, т.е. |
|
f x x f x |
0 . Поэтому |
f x |
lim |
f |
x x f x |
0 . Ч. и т. д. |
|
||
|
|
|
|
|
||||||
|
x |
|
x 0 |
x |
|
|
|
|
||
2. Докажем достаточность. |
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
Пусть f x 0 при любом x a;b . Рассмотрим две точки |
x1 и |
x2 |
|||||||
x1 x2 , принадлежащие интервалу |
a;b . |
На отрезке x1; x2 к функции |
||||||||
|
f x применим формулу Лагранжа (п.2.12.3): |
|
|
|
|
|||||
|
|
f x2 f x1 f c x2 x1 , где x1 |
c x2 . |
|
|
|||||
|
Так как f c 0 , то |
f x2 f x1 0 , т.е. |
f x2 f x1 , |
значит |
||||||
функция f x – возрастающая. |
Ч. и т. д. |
|
|
|
|
|||||
|
Определение. Точка, в которой производная функции равна нулю или |
|||||||||
не существует, называется критической точкой. |
|
|
|
|
||||||
|
Определение. Точка x0 |
из области определения функции y f x |
на- |
зывается точкой минимума (максимума) этой функции, если существует
такая –окрестность точки |
x0 , что |
для всех x из этой –окрестности вы- |
полняется неравенство f x |
f x0 |
f x f x0 (см. рис. 2.14.3, 2.14.4). |
Точки максимума и минимума функции называются точками экстремума
|
|
|
|
|
|
243 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Пример. Для функции y x3 |
при x0 0 |
f x0 3x2 |
|
x |
0 0 , но в этой |
|||||||||||
|
||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
|
|
точке нет экстремума (см. рис. 2.14.5). А для функции y |
3 x |
при x 0 , |
||||||||||||||
|
1 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
0 |
|
f x0 |
|
x 0 – не существует, а экстремума также нет (см. рис. 2.14.6). |
||||||||||||||
|
||||||||||||||||
|
||||||||||||||||
|
33 x2 |
|
0 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
y=x3 |
|
|
|
|
y |
|
|
|
|
|||||
|
y 8 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
y |
3 x |
||
|
|
|
–8 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
–20 12 |
|
x |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
x |
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
8 |
||||||
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
|
–8 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
рис. 2.14.6
рис. 2.14.5
Следовательно, точки экстремума относятся к критическим точкам, но не исчерпывают их, а являются только частью критических точек, которые поэтому называют подозрительными на экстремум.
Таким образом, теорема 2 действительно является лишь необходимым условием существования экстремума, но не достаточным, и его нельзя использовать для установления наличия экстремума функции в данной точке.
Теорема 3. ( Достаточное условие существования экстремума)
Если непрерывная функция y f x имеет производную в любой точке -окрестности точки x0 , кроме, быть может самой точки x0 и при переходе через x0 (слева направо) производная f x меняет знак с плюса на минус
(с минуса на плюс), то x0 – точка максимума (точка минимума). |
|
|||||||
Доказательство: |
|
|
f x 0 при любом |
x x0 |
; x0 и |
|||
Пусть |
по условию теоремы |
|||||||
f x 0 |
при любом x x0; x0 . Тогда по теореме 1 функция |
f x воз- |
||||||
растает |
на |
интервале |
x0 ; x0 |
и для всех |
x из |
этого |
интервала |
|
f x f |
x0 |
, а на интервале |
x0; x0 функция |
f x |
убывает, так что |
|||
f x f |
x0 |
для всех |
x из |
этого |
интервала, т.е. |
f x |
f x0 |
для всех |
x x0 ; x0 , а значит по определению x0 – точка максимума. Ч. и т. д. Аналогично доказывается, что x0 – точка минимума.
В критических точках, где первая производная равна нулю, наличие экстремума можно установить по знаку второй производной.
Теорема 4. Если в точке x0 первая производная функции y f x равна нулю f x0 0 , а вторая производная в точке x0 существует и от-
|
|
|
|
244 |
|
|
|
|
|
|
лична от нуля f x0 0 , то при |
f x0 0 f x0 0 |
x0 – точка макси- |
||||||||
мума ( минимума). |
|
|
|
|
|
|
|
|||
Доказательство: |
|
|
|
|
|
|
|
|||
Пусть |
f x0 0 . Так как, f x0 0 ( по условию), то |
|
f x0 x |
|
||||||
f x0 lim |
|
f x0 x f x0 |
|
lim |
f x0 x |
0 |
, то |
|
0 в |
|
|
|
|
|
|||||||
x 0 |
|
x |
x 0 |
x |
|
|
x |
|||
окрестности точки x0 . |
|
|
|
|
|
|
|
|||
Если x 0 , то f x0 x 0; если x 0 , то |
f x0 x 0 . Следо- |
вательно, при переходе через точку x0 первая производная меняет знак с минуса на плюс и тем самым x0 – точка минимума по теореме 3. Ч. и т. д.
Аналогично доказывается, что если f x0 0 , то x0 – точка максиму-
ма.
|
Используя теоремы 1–3 рассмотрим алгоритм исследования функции |
на монотонность и экстремумы. |
|
|
1. Найти область определения функции. |
|
2. Найти критические точки, подозрительные на экстремум, в которых |
f x |
x – не существует. |
3.Убедиться, что критические точки принадлежат области определения функции (если это не так, то точки не являются точками экстремума).
4.Критическими точками разбить область определения функции на ин-
на каждом интервале.тервалы
5. По результатам исследования сделать вывод. Записать промежутки монотонности и найти экстремумы функции, если они есть.
Примеры. Исследовать функции на монотонность и экстремумы.
1. y x 2 2 x 3 3 . Проведем исследования по вышеприведенному
алгоритму. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1) |
D y R . |
|
|
|
|
|||||
2) |
Чтобы найти критические точки решим уравнение f x 0 . |
|||||||||
f x 2 x 2 x 3 3 3 x 3 2 x 2 2 |
||||||||||
x 2 x 3 2 2 x 3 3 x 2 x 2 x 3 2 5x. |
||||||||||
x 2 x 3 2 |
|
5x 0 x |
2, x 0, |
x 3 – критические точки, подозри- |
||||||
тельные на экстремум. |
1 |
2 |
3 |
|||||||
|
|
|
|
|||||||
3) |
Так как, |
D y R , то x1, x2, x3 D y . |
||||||||
4) |
+ |
|
– |
|
|
+ |
|
|
+ x |
|
|
|
|
|
|
||||||
–2 |
|
3 |
|
|||||||
|
0 |
|
|
f 3 0 , f 1 0 , f 1 0 , f 4 0 .
|
|
|
|
|
245 |
|
5) |
Согласно |
теореме |
1 функция возрастает на интервале |
|
; 2 U 0; |
и убывает на интервале 2;0 . |
||||
|
По |
теореме |
3: |
x1 2 – |
точка максимума и max f x f 2 0 ; |
x2 0 |
– точка минимума и min f x f 0 108 . |
Точка x3 3 – не является точкой экстремума, так как не удовлетворяет теореме 3 (при переходе через эту точку производная не меняет знак).
2.y x 12 2
1)D y : x 2 2 0 D y ;2 U 2; .
2)f x x 22 3 ,
|
f x |
0 |
при любом x D y . |
||
|
f x |
– не существует при x 2 3 0 x 2 – критическая точ- |
|||
ка, подозрительная на экстремум. |
|||||
3) |
x 2 D y x 2 – не является точкой экстремума (по опреде- |
||||
лению). |
|
|
|
|
|
4) |
|
+ |
|
|
– |
|
|
|
|
||
|
|
|
|
|
x |
|
|
|
–2 |
f0 0, f 3 0 .
5)Согласно теореме 1 функция возрастает на интервале ; 2 , а убывает на интервале 2; . Функция экстремумов не имеет.
2.14.3. Выпуклость и вогнутость графика функции. Точки перегиба
Теорема 5. Если функция y f x определена и непрерывна вместе со
своей производной |
f x на интервале a;b и имеет внутри a;b конечную |
||
вторую производную |
f x . Тогда для выпуклости графика функции f x |
в |
|
a;b необходимо |
и |
достаточно, чтобы f x 0 , а для вогнутости |
– |
f x 0 . |
|
|
|
Доказательство:
Докажем достаточное условие теоремы.
Пусть f x 0 для любой точки x a;b функции y f x и имеющую абсциссу x0 a;b касательную (см. рис. 2.14.7).
248
Пример. Найти точки перегиба функции y ln 1 x2 и исследовать
её график на выпуклость, вогнутость.
Решение:
Проведем исследование по выше приведенному алгоритму.
1) |
D y R . |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
2) |
Чтобы найти точки, подозрительные на перегиб, составим и решим |
|||||||||||||||
уравнение |
x 0 : |
|
|
|
|
|
|
|
2 x2 1 2x 2x |
|
||||||
|
|
|
|
|
|
2x |
|
|
|
|
|
2x2 2 |
||||
|
f |
x x2 1, |
f |
x |
x2 1 2 |
x2 1 2 , |
||||||||||
|
|
|
||||||||||||||
f x 0 при |
2x2 |
2 0 при x1 |
1, x2 1 |
f x существует при |
||||||||||||
любом x . |
|
|
D y R , то x1, |
x2 D y . |
|
|||||||||||
3) |
Так как, |
|
||||||||||||||
4) |
|
- |
|
|
|
+ |
|
|
|
- |
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
|
|
|
-1 |
0 |
|
1 |
|
|
x |
|
|||||
f 2 0 , |
f 0 0 , |
f 2 0 . |
|
|
5)Согласно теореме 5 график функции выпуклый на интервале
; 1 U 1; , вогнутый – 1;1 .
По теореме 6 x1 1, x2 1 – абсциссы точек перегиба.
f 1 f 1 ln 2 , тогда M1 1;ln 2 и M2 1;ln 2 являются точками перегиба.
2.14.4 Наибольшее и наименьшее значения функции
По теореме 5 п.2.6.2: если функция y f x непрерывна на отрезкеa;b , то среди её значений на этом отрезке существует как наибольшее, так
и наименьшее значения.
Пусть функция y f x дифференцируема на интервале a;b , за ис-
ключением, может быть, конечного числа точек. Наибольшее и наименьшее значения функции y f x на отрезке a;b могут достигаться функцией
или в одной из критических точек, или на одном из концов отрезка a;b .
Алгоритм нахождения наибольшего (наименьшего) значения функции f x на отрезке a;b .
1) Найти критические точки функции y f x .