- •1. Теория пределов
- •1.3. Предел функции. Основные теоремы о пределах.
- •1.5. Непрерывность функций в точке, непрерывность
- •X, c постоянная величина. Тогда дифференцируемы в этой точке функции
- •2.2. Дифференциал.
- •2.3. Производные высших порядков. Производные высших порядков неявных функций или функций, заданных параметрически.
- •2.4. Теоремы Ферма, Ролля, Лагранжа, Коши.
- •2.5. Вычисление пределов при помощи правила Лопиталя, формулы Тейлора
- •2.6. Исследование функций с помощью производных.
2.5. Вычисление пределов при помощи правила Лопиталя, формулы Тейлора
Правило Лопиталя
Теорема 25. Пусть функции f (x) и g (x) при x → x0 (или x → ∞) сов- местно стремятся к нулю или к бесконечности. Если существует при x → x0
предел (конечный или бесконечный) отношения производных этих функций, то существует предел отношения самих этих функций при x → x0 и
lim
f (x)
= lim
f 0 (x)
. (53)
x→x0 g (x)
x→x0 g0 (x)
0
Раскрытие неопределенностей вида
sin 5x
, ∞
0 ∞
П р и м е р 17. Вычислить lim .
x→0 3x
Решение.
lim
x→0
sin 5x
3x
0
= =
0
= |по правилу Лопиталя| =
= lim
x→0
(sin 5x)0
(3x)0
= lim
x→0
5 cos 5x
=
3
5 cos 0 5
= .
3 3
37
ex
П р и м е р 18. Вычислить lim .
Решение.
lim
x→∞
ex
=
x
∞ =
x→∞ x ∞
= |по правилу Лопиталя| =
= lim
x→∞
(ex)0
(x)0
= lim
x→∞
ex
1 = ∞.
Раскрытие неопределенностей вида (0 · ∞), (∞ − ∞)
П р и м е р 19. Вычислить lim x ln x.
x→0
Решение.
·
∞
x→0
= lim
x→0
ln x
1
x
= ∞ =
∞
= |по правилу Лопиталя| =
= lim
(ln x)0
1 0 = lim
1
x
1
= lim (−x) = 0.
x→0 x
x→0 − x2
x
x→0
1
П р и м е р 20. Вычислить lim
x→1
x − 1 −
.
ln x
Решение.
lim
x→1
x
x − 1 −
1 ln x
= (∞ − ∞) =
= lim
x→1
x ln x − x + 1 (x − 1) ln x
0
= =
0
−
= lim
(x ln x − x + 1)0
= lim
x0 ln x + x (ln x)0 1 + 0
=
x→1
((x − 1) ln x)0
x→1 (x − 1)0 ln x + (x − 1) (ln x)0
x
ln x + x · 1 − 1
= lim
ln x
x
= =
x
x→1 ln x + x− 1 0
x
= |по правилу Лопиталя| =
1
x
1
x
= lim ln x + x− 1 0 = lim
= lim
+
x−(x−1) =
1
x
+
x→1
x2
1 1
x→1
x x2
= lim x = 1 = 1 .
x→1 1 1
1 1 2
x + x2
1 + 12
38
Раскрытие неопределенностей вида 00 , (1)∞, ∞0
Неопределенности вида 00 , (1)∞, ∞0 сводятся к условию теоремы Ло- питаля логарифмированием.
П р и м е р 21. Вычислить lim xx.
x→0
Решение. Обозначим lim xx через A. Тогда
x→0
ln A = ln lim xx = lim ln xx = lim x ln x = (0 · ∞) =
x→0
x→0
ln x
x→0
∞
= lim
x→0
(ln x)0
1 = =
x ∞
1
x
= lim
1 0 = lim
1 = lim (−x) = 0.
x→0 x
x→0 − x2
x→0
Таким образом, мы получаем уравнение относительно неизвестного предела A:
ln A = 0.
Отсюда т. е.
A = 1,
lim xx = 1.
x→0
1
П р и м е р 22. Вычислить lim (cos x) x .
x→0
1
Решение. Обозначим lim (cos x) x через A. Тогда
x→0
x
0) =
x→0
x
x→0
x→0 x ∞ ·
= lim
x→0
(ln x)0
ln (cos x)
x
1
0
= =
0
= lim
1 0 = lim
x
1
= lim (−x) = 0.
x→0 x
x→0 − x2
x→0
Таким образом, мы получаем уравнение относительно неизвестного предела A:
ln A = 0.
Отсюда т. е.
A = 1,
lim xx = 1.
x→0
39
Формула Тейлора
Предположим, что функция y = f (x) имеет непрерывные производные до (n + 1) −го порядка включительно в некотором промежутке (a; b), содержащим точку x0. Найдем многочлен y = Pn (x) степени не выше n, значение которого в точке x0 равняется значению функции f (x) в этой точке, а значение его производных до n−го порядка включительно в точке x0 равняется значению соответствующих производных от функции f (x) в этой точке:
Pn (x0) = f (x0) ,
P
0
00
0 (x0) ,
00 (x0) , (54)
. . . . . . . . . . . . . . . ,
P
(n)
Будем искать этот многочлен в виде многочлена по степеням (x − x0) с неопре- деленными коэффициентами a0, a1, . . ., an.
2
+ . . . + an (x − x0)n
. (55)
Неопределенные коэффициенты a0, a1, . . ., an определим так, чтобы выполня-
лись условия (54). Предварительно найдем производные многочлена Pn (x):
P
0
2
P 00
+ . . . + nan (x − x0)
n−2
n−1 ;
n (x) = 2a2 + 2 · 3a3 (x − x0) + . . . + (n − 1) nan (x − x0) ;
P
000
. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . ,
P
(n)
Подставляя в формулы (55) и (56) x0 вместо x, получим
Pn (x0) = a0;
P
0
P
00
P 000
n−3
; (56)
Учитывая (54) и (57), имеем
n (x0) = 3!a3; (57)
. . . . . . . . . . . . ;
P
(n)
f (x0) = a0, f 0 (x0) = a1,
40
f 00 (x0) = 2!a2, f 000 (x0) = 3!a3,
. . . . . . . . . . . . . . . , f (n) (x0) = n!an
или
a0 = f (x0) ,
f 0 (x0)
a1 =
a2 =
a3 =
,
1!
f 00 (x0) ,
2!
f 000 (x0) , (58)
3!
. . . . . . . . . . . . . . . ,
f (n) (x0)
an = n! .
Подставляя найденные значения коэффициентов a0, a1, . . ., an в формулу (55), получим искомый многочлен
Pn (x) = f (x0) +
f 0 (x0) (x x ) +
− 0
f 00 (x0) (x x )2
− 0
+ . . . +
f (n) (x0)
− 0
n
n!
. (59)
Обозначим через Rn (x) разность значений данной функции f (x) и построен- ного многочлена Pn (x):
Rn (x) = f (x) − Pn (x) .
Используя теорему Ролля можно доказать, что
Rn (x) =
f (n+1) (ξ)
− 0
n+1 ,
(Rn (x) называется остаточным членом в форме Лагранжа).
Таким образом, формула Тейлора n−го порядка с остаточным членом в
форме Лагранжа имеет вид
f (x) = f (x0) +
f 0 (x0) (x x ) +
1!
f 00 (x0) (x x )2
− 0
− 0
+ . . . +
f (n) (x0)
− 0
n
n!
f (n+1) (ξ)
+
(n + 1)!
(x − x0)n+1 .