Landsberg-1985-T1
.pdf109.2. Какую работу нужно произвести, чтобы, пользуясь поли~
спастом, к. п. д. которого равен 65 %, поднять груз массы
250 кг на высоту 120 ,см?
109.3. Найдите к. п. д. установки, состоящей из электрического
мотора, приводящего в движение водяной насос, который подает
на высоту 4,7 м 75 бляет МОЩНОСть 5
л воды в секунду, если электромотор потре кВт.
109.4. Электромотор, имеющий к. п. д. 90 %, прююдит в дей~ ствие насос, к. п. д. которого равен 60 %. Каков к. п. д. всей
установки?
109.5. Электропоезд движется равномерно со скоростью 60 км/ч.
Двигатели электропоезда потребляют при этом мощность 900 кВт. Определите силу сопротивления, испытываемого всем поездом
при движении, если известно, что общий к. п. д двигателей и
передающих механизмов составляет 80 %:
109.6. Можно ли поднимать груз массы 50 кг со скоростью 3 м/с
при помощи электромотора, потребляющего ЭJIектрическую мощ~
ность 1,4 кВт?
Г л а в а V. КР~ВОЛ~НЕRНОЕ ДВ~ЖЕН~Е
§ 110. Возникновение криволинейного движения. Мы виде
ли, что в отсутствие сил тело движется прямолинейно (и рав
номерно); оно движется прямолинейно (но не равномерно)
и тогда, когда направления силы и скорости совпадают либо
противоположны, т. е. векторы F и 'v коллинеарны *). Но если сила направлена под углом к скорости тела, то
траектория движения тела искривляется. Криволинейно
движется камень, брошенный под углом к горизонту (сила
тяжести, направленная вертикально, не коллинеарна ско
рости тела), груз, вращающийся по кругу на веревке (сила
Рис. 171. Магнит искривляет траекторию катящегося стального шарика
натяжения веревки не коллинеарна скорости груза), пла
нета, обращающаяся вокруг Солнца, Луна или искусствен ный спутник, обращающиеся вокруг Земли (сила тяготения,
направленная к притягивающему телу, не коллинеарна ско
рости движущегося тела).
Толкнем стальной шарик, лежащий на горизонтальном
стекле. Так как в этом случае трение ничтожно, то после
толчка шарик покатится по стеклу практически с неизмен
н"ой скоростью, равномерно и прямолинейно. Расположим магнит так, чтобы один из его полюсов оказался вблизи
продолжения траектории шарика, но не на самой траекто
рии (рис. 171). Мы увидим, что, проходя мимо магнита,
*) Коллинеарными называются векторы, направленные вдоль па- - раллельных прямых в одну и ту же либо в противоположные стороиы.
В частном случае коллннеарные векторы могут быт!> направлены вдоль
одной н той же прямой. (Примеч. ред.)
213
шарик будет двигаться криволинейно-; Миновав магнит, шарик снова будет двигаться практически прямолинейно, не
уже по другому направлению, чем первоначально. Сила,
искривляющая путь шарика,- это сила притяжения, на
правленная от шарика к магниту. Сила магнитного притя
жения быстро убывает с расстоянием, поэтому она оказы
вает заметное действие только вблизи от магнита.
В приведенных примерах на тело действует сила, на
правленная под углом к направлению движения, и в ре
зультате действия этой силы траектория тела искривляется.
Если бы сила была направлена вдоль траектории, то искрив
ления траектории не получилось бы: так, при вертикальном бросании тела оно опишет прямолинейную вертикальную
траекторию; если полюс магнита расположен на про
должении траектории шарика, то его траектория не искри
вится, и т. п.
§ 111. Ускорение при криволинейном движении. Второй за
кон Ньютона устанавливает соотношение между силой, а также массой и ускорением тела:.
a=F/m. (111.1)
Здесь т - масса тела, а - его ускорение, F - равнодейст
вующая всех сил, приложенных_к телу (см. формулу (44.1)). В случае прямолинейного движения векторы можно заме
нить их модулями (точнее, проекциями на прямую, вдоль
которой движется тело). В т.аком упрощенном виде мы применяли второй закон Ньютона до сих пор. Однако при
изучении криволинейного движения нужно пользоваться
векторным уравнением (111.1).
При криво:линейном движении скорость изменяется,
вообще говоря, и по модулю, и по направлению. Чтобы оха
рактеризовать оба изменения отдельно, разложим векторы,
стоящие слева и справа в уравнении (111.1) на тангенци альные (касательные) и нормальные (центростремительные)
составляющие. Обозначим тангенциальную и нормальную
составляющие ускорения через а-,; и аn, а тангенциальную и нормальную составляющие силы через F-,; и Fn • Тогда
второй закон Ньютона можно написать отдельно для тан
генциальных и нормальных составляющих:
а-,; = Fт,/т, аn = Fn/m.
Тангенциальная составляющая силы вызывает тангенци
альное ускорение тела, характеризующее изменение модуля
скорости, а нормальная составляющая силы вызывает
214
нормальное ускорение тела, ХRрактериэующее изменение на
правления скорости (рис. 172).
. Если сила все' время нормальн~ к траектории, то тело движется равномерно, т. е. с постоянной по модулю ско ростыо, И наоборот, если известно, что тело движется Р,!В
номерно, то отсюда следует, что тангенциальная составляю
щая силы равна нулю и тело имеет только нормальную
составляющую ускорения.
В тех случаях, когда нас интересует движение проекций
т'ела на определенные оси, например на вертикальное и го
ризонтальное направления, можно спроектировать векторы
Рис, 172. Тангенциа,1Ь. |
Рис. 173. Проекции |
на оси х и g |
ные и норма,%ные со· |
ускорения и силы, |
действующей |
С1jlвляющие СИ,1Ь! и |
на те,10 |
|
ускорения
а и F в уравнении (111.1) |
на эти оси. Обозначив проекцию |
какого-либо вектора на |
ось соответственным значком |
(рис. 173), найдем |
|
ах = Рх/т, ау = Ру/т.
Эти уравнения определяют УG.корения, с которыми будут двигаться проекции движущейся точки на выбранные оси.
Такими уравнениями удобно пользоваться, например, если
сила имеет постоянное направление, которое можно выбрать
за направление одной из осей (§ 112).
С помощью второго закона НьютоШl можно, зная массу
тела и измеряя его ускорение, вычислить резу.'1ЬТИРУЮЩУЮ
всех сил, действующих па теЛD. Можно также, зная массу
тела, модуль и направление результирующей всех действую щих на него сил, найти модуль и направление ускорения
тела.
?t t 1. t. Отдельные учас1'ки приводиого ремня движутся на уча
•стке между шкивами прямолинейно. Взойдя на шкив, эти участки .
215
начинают двигаться криволин,Ц.!!9 (П9 Оj$руi!tI:lОСП1 ШК/ШЭ).
Укажите силы, заставляющие учасtки ремня на Шкиве двигаться
криволинейно.
§ 112. Движение тела, брошенного в горизонтальном на
правлении. Рассмотрим движение тела, брошенного гори
зонтально и движущегося под действием одной только силы
тяжести (сопротивлением воздуха пренебрегаем). Напри
мер, представим себе, что шару, лежащему на столе, сооб
щают толчок и он докатывается до н:рая стола и начинает
свободно падать, имея начальную скорость Vo, направлен
ную горизонтально (рис. 174).
Спроектируем движение шара на вертикальную ось у
и на горизонтальную ось х. Движение проекции шара на
ось х - это движение без ускорения со скоростыо vx=vo;
Рис. 174. Движение шара, ска |
Рис. 175. Шар, |
брошенный |
тившегося со стола |
горизоитально со |
скоростью |
|
t'/Q, имеет в момент 'скорость t'I |
движение проекции шара на ось у - это свободное падение
с ускорением а ==g бев начальной скорости под действием
силы тяжести. Законы обоих движений нам известны. Ком
понента скорости V x остается постоянной и равной vo.
Компонента v y растет пропорционально времени: vy=gt. Результирующую скорость легко найти по правилу парал лелограмма, как показано на рис. 175. Она будет наклонена
вниз, и ее наклон будет расти с течением времени.
Найдем траекторию тела, брошенного горизонтально.
Координаты тела в момент времени |
t имеют |
значения |
|
|
x==vof, |
|
(112.1) |
|
y==gN2. |
|
(112.2) |
Чтобы найти |
уравнение траектории, |
выразим |
из (112.1) |
время t через |
х и подставим это выражение в (112.2). В ре- |
216
!': ",' ,
.$ультате получим
_--.L х2 |
|
Y- 2ио2 • |
(112.3) |
График этой ФУНКЦИИ показан на рис. 176. Ординаты точек
траектории оказываются пропорциональными квадратам
абсцисс. Мы знаем, что |
такие O~;;:---- |
~ |
----~ |
|
кривые называются параболами. |
|
.7J |
||
|
|
|||
Параболой изображался |
график |
|
|
|
пути |
равноускоренного |
движе |
|
|
ния |
(§ 22). Таким образом, сво |
|
|
бодно падающее тело, начальная
скорость которого горизонталь
на, движется по параболе.
Путь, проходимый в верти
кальном |
направлении, |
не |
зави |
|
||
сит от начальной скорости. |
Но |
|
||||
путь, проходимый В горизон |
|
|||||
тальном |
направлении |
пропор |
|
|||
ционален |
начальной |
скорости. |
!/ |
|||
Поэтому |
при |
большой |
гори |
|||
зонтальной начальной |
скоро- |
Рис. 176. Траектория тела, |
||||
сти парабола, |
пО которой |
па- |
брошенного горизонтально |
|||
дает тело, более |
вытянута |
в |
го- |
|
||
ризонтальном |
направлении. |
Если из расположенной |
горизонтально трубки выпускать струю воды (рис. 177),
то отдельные частицы воды будут, так же как и шарик,
двигаться по параболе. Чем больше открыт кран, через который поступает вода в трубку, тем больше начальная
скорость воды и тем дальше от крана попадает струя на
дно кюветы. Поставив позади струи экран с заранее начер-
',.... |
, |
|
|
|
\ \ |
" |
|
|
|
|
\ \\ |
""\ |
|
|
|
\ |
|
\ |
\ |
|
\ |
|
||
|
|
\ |
|
\ |
|
|
\ |
|
\ |
|
|
I, |
|
\ \ |
|
|
I |
|
, |
4!
Рис. 177. Струя имеет форму шiраболы, тем более вытяиутой, чем боль
ше начальная скорость .воды
, 211
·ченными на нем параболами, можно убедиться, что струя
воды действительно имеет форму параболы.
Зная начальную скорость Vo и высоту падения h, можно найти расстояние s по горизонтали до места падения. Дейст ~ительно, положив в формуле (112.3) y=h и x=s, получим
s . VoV2h/g.
1 |
112.1. |
Какова будет через 2 с полета скорость тела, брошенного |
|
горизонтально со скоростью 15 |
м/с? В какой момент скорость |
||
|
будет направлена под углом 450 к горизонту? Сопротивлением |
||
|
воздуха пренебречь. |
|
|
|
112.2. Шарик, скатившийся со стола высоты 1 м, упал на расстоя |
||
|
нии 2 м от края стола. Какова была горизонтальная скорость ша |
||
|
рика? |
Сопротивлением воздуха |
пренебречь. |
§ НЗ. lIвижение тела, брошенного под углом к горизонту. Если начальная скорость брошенного тела направлена вверх под некоторым углом к горизонту, то в начальный момент
тело имеет составляющие начальной скорости как в гори
зонтальном, так и в вертикальном направлениях (рис. 178).
'~'Ah ---------- 1
:=-19-~
JJ
Рис. 178. Траектория тела, брошенного под углом а к горизонту (В от
сутствие сопротивления воздуха)
Задача отличается от рассмотренной в предыдущем пара
графе тем, что начальная скорость не равна нулю и для
движения по вертикали. Для горизонтальной же состав
ляющей все сказанное остается в силе.
Введем координатные оси: ось у, направленную по вер
тикали вверх, и горизонтальную ось х, расположенную в од
ной вертикальной плоскости с начальной скоростью 'Vo• Проекция начальной скорости на ось х равна Vocosa, а на
ось у ращш Vo sin а (при показанном на рис. 178 направле
ние осей х и у обе проекции положительны). Ускорение
тела равно g и, следовательно, все время направлено по
вертикали вниз. Поэтому проекция ускорения на ось у рав-
на -g, а на ось х - нулю. |
. |
Поскольку составляющая ускорения в направлении оси
х отсутствует, проекция скорости на ось х остается постоян
ной и равной своему начальному значеНИI9 Vocos а: Следо-
218
вательно, движение проекции тела на ось х б.удет равно
мерным. Движение проекции тела на ось у происходит
в обоих направлениях - вверх и вниз - с одинаковым
ускорением g. Поэтому на прохождение пути вверх от
произвольной высоты У до высоты подъема h заТРl1чивается такое же время L1 t, как и на прохождение пути вниз от вы
соты 1L дО у. Отсюда следует, что симметричные относитель
но вершины А точки (например, точки В и С) лежат на оди
паIСОDОЙ высоте. А это означает, что траектория симметрич
на относительно точки А. Но характер траектории тела пос ле точки А ~!ы уже выяснили в § 112. Это - парабола, ко
торую описывает тело, летящее с горизонтальной началь
пой скоростью. Следовательно, все то, что МЫ говорили
относительно траектории |
тела |
в предыдущем параграфе, |
в равной мере относится |
и· к |
рассматриваемому случаю, |
только вместо «половины параболы» ACD тело описывает «полную параболу» OBACD, симметричную относительно
точки А.
Проверить полученный результат можно также при цо
мощи струи воды, вытекающей из наклонно поставленной
трубки (рис. 179). Если позади струи поместить экран с
Рис. 179. Струя имеет форму параболы, тем более вытянутой, чем больше
начальная скорость струи
заранее начерченными параболами, то можно увидеть, что
струи воды также представляют собой параболы.
Высота подъема и 'рассТояние, которое пройдет брошен
ное тело в горизонтальном направлении до возвращения
на ту высоту, с которой тело начало свое движение, т. е.
расстояние OD на рис. 178, зависят от модуля и направле
ния начальной скорости 'Vo. Прежде всего, при данном на
правлении начальной скорости и высота и горизонтальное
расстояние тем больше, чем больше ~юдуль начальной ско
рости (рис. 179).
Для одинаковых по модулю начальных скоростей рас
стояние, которое проходит тело в горизонтальном направ лении до возвращения на первоначальную высоту, зависит
от направления начальной скорости (рис. 180). При увели
чении угла между скор.остью и горизонтом это расстояние
219
сначала увеличивается, при угле в 450 достигает наиболь
шего значения, а затем снова начинает уменьшаться.
Проведем расчет движения тела, брошенного вверх под углом а к горизонту с начальной скоростью 'Vo (рис. 178). Напомним, что проекция скорости тела на ось х постоянна
Рис. 180. При увеличении наклона струи, вытекающей с данной ско
ростыо, расстояние, на которое она бьет, сначала увеличивается, до
стигает наибольшего значения при наклоне в 450, а затем уменьшается
и равна V o cos а. Поэтому координата х тела в момент време
ни t равна
x=(Vo cos a)t. |
(113.1) |
Движение проекции тела на ось у будет сначала равно замедленным. После того как тело достигнет вершины тра ектории А, проекция скорости vy станет отрицательной,
т. е. одного знака с проекцией ускорения, вследствие чего начнется равноускоренное движение тела вниз. Проекция
скорости на ось у изменяется со временем по закону
vy=vosincx-gt. (113.2)
В вершине траектории А скорость тела имеет ТOJ1ько
горизонтальную составляющую, а vy обращается в нуль.
Чтобы найти момент времени tA , в который тело достигнет вершины траектории, подставим в формулу (113.2) tA вме
сто t и приравняем получившееся выражение нулю:
. |
t |
А = |
О |
; |
отсюда |
t |
Vo sln а. |
(113 |
. |
3) |
vоsшсх-g |
|
|
А = - g - ' |
|
|
Определяемое формулой (113.3) значение tA дает время, за
которое брошенное тело достигает вершины траектории.
Если точка бросания и точка падения тела лежат на одном уровне, то все. время полета tпол будет равно 2tA :
t - |
2Vo sin а. |
(113.4) |
ПОЗI- |
g' |
|
220
Умножив tlx на время полета !ПОIl' найдем координату х
'ГОЧК!i падения тела, т. е. дальность полета:
200 slna |
o~ sIn 2а |
(113.5) |
S = xD = Vocos а ---'-g--. |
g |
|
|
|
Из этой формулы видно, чтО дальность полета будет макси мальной в случае, когда 2а=900, т.-е. при а=450 (что
уже указывалось выше).
Согласно формулам (22.1) и (l13.2) координата у изме
няется со временем по закону
у = (vo sin а) t -gt2 |
2 , |
(113.6) |
Подставив в эту формулу tA вместо t, найдем координату У, отвечающую вершине_ траектории А, т. е. высоту. подъема
тела h:
h |
· |
. 00 slna g |
(ОО Slna)2 |
=УА=vоsша-g--2' |
-е- . |
Приведя подобные члены, получим
h _ |
o~ sIn2 a |
• |
(113.7) |
- |
2g |
|
Высота растет с увеличением а и достигает наибольшего·
значения, равного v~/2g, -при а=900, т. е. при бросании
тела |
вертикально |
вверх". |
? |
113.1. Камень, брошенныii с земли вверх под углом к горизонту, |
|
падает обратно |
на землю на расстоянии 14 м. Найти горизон |
|
|
тальиую и вертикальную составляющие начальной скорости |
|
|
камня, если весь полет продолжался 2 с. Найти наибольшую вы |
|
|
соту подъема камня над землей. Сопротивлением воздуха пре |
|
|
небречь. |
|
|
113.2. Пожарный направляет струю воды на крышу дома высоты |
|
|
15 м. Над крышей дома струя поднимается на 5 м. На каком |
|
|
расстоянии от пожарного (считая по горизонтали) струя упадет |
|
|
на крышу, если она вырывается из шланга со скоростью 25 м/с? |
|
|
Сопротивлением |
воздуха прене6речь. |
§ 114. Полет пуль и снарядов. Вследствие большой скорости
полета пуль и снарядов сопротивление воздуха сильно из
меняет их движение по сравнению с результатами расчетов,
. проведенных в предыдущем параграфе. Если бы сопротивле ние воздуха отсутствовало, то наибольшая дальность поле та пули или снаряда наблюдалась бы, как указано выше, при
угле наклона ствола винтовки или ор'удия, равном 450. Как
можно показать, сопротивление воздуха приводит. к такому
изменению траектории пули, что угол наклона, соот-
221