u-lectures сопромат
.pdf301
Канонические уравнения метода сил
Вычисление усилий в статически неопределимой системе связано с необхо-
димостью составления дополнительных уравнений – уравнений перемещений системы.
Смысл этих уравнений заключается в том, что суммарные перемещения в эк-
вивалентной системе, вызванные внешней нагрузкой и «лишними» неизвестными усилиями Xi , должны быть равны нулю по каждому из направлений
Xi .
Например, для эквивалентной системы (рис. 9.8, в) нужно приравнять нулю полное перемещение точки В по первому X 1 и второму X 2 направлениям:
1 |
= 0, |
2 |
= 0 |
(9.2) |
|
1 |
|
2 |
|
|
|
|
|
|
Рис. 9.8 |
|
|
|
|||
Перемещение точки В по направлению X 1 |
согласно принципу независимости |
||||||||||
действия сил складывается из перемещений по первому направлению от X 1 – |
|||||||||||
1X1 |
, от |
X 2 – 1X 2 |
и от нагрузки – |
|
1F . Перемещение точки В по направле- |
||||||
нию X 2 |
находится аналогично. |
|
|
|
|
|
|
|
|||
Тогда условия (9.2) можно записать так: |
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
= |
1X1 |
+ |
1X 2 |
+ |
= 0; |
|
|
|
|
|
|
1 |
|
|
1F |
(9.3) |
|||
|
|
|
|
2 = |
|
|
+ |
|
+ |
2 F = 0. |
|
|
|
|
|
2 X |
|
2 X |
|
||||
|
|
|
|
|
|
1 |
|
2 |
|
|
Перемещения от X 1 и X 2 удобно представить в виде
1X1 |
= δ11 X 1 ; |
1X 2 |
= δ12 X 2 ; |
2 X1 |
= δ21 X 1 ; |
2 X 2 |
= δ22 X 2 , |
305
Решение
1. Определяем степень статической неопределимости по формуле (9.1):
S = 5 + 3 0 − 0 − 3 = 2 .
Рама два раза статически неопределима.
2.Выбираем основную систему путем удаления опоры В (рис. 9.10, б).
3.Загрузив основную систему нагрузкой « q » и «лишними» неизвестными X 1
и X 2 , переходим к эквивалентной системе (рис. 9.10, в).
4.Составляем систему канонических уравнений метода сил (9.4).
5.Строим единичные и грузовые эпюры изгибающих моментов. Для этого
основную систему поочередно нагружаем единичными силами |
|
1 |
=1 и |
||||||
X |
|||||||||
|
|
2 =1, затем – заданной нагрузкой. Далее строим эпюры |
|
1 , |
|
2 |
и M F |
||
|
X |
M |
M |
||||||
(рис. 9.11, а-в). |
|
Рис. 9.11
6. Вычисляем коэффициенты канонических уравнений перемножением эпюр по правилу Верещагина.
Для вычисления δ11 умножаем эпюру M 1 на M 1 (саму на себя):
|
|
δ11 = |
1 |
|
|
1 |
2a 2a |
2 |
2a |
|
= |
|
|
8a3 |
|
|
||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
. |
|
||||||||||||
|
|
|
EJ |
2 |
3 |
|
3EJ |
|
||||||||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||
Для вычисления δ22 |
умножаем эпюру |
|
|
на |
|
|
2 : |
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
M |
2 |
M |
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||||||
|
|
|
1 |
|
|
1 |
|
|
|
2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
7a3 |
|
|||||
δ |
|
= |
|
|
|
|
a |
a |
|
a + a 2a a = |
|
|
. |
|||||||||||||||
22 |
|
|
|
3 |
3EJ |
|||||||||||||||||||||||
|
|
|
EJ 2 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||
Для вычисления δ21 |
и δ21 |
умножаем эпюру |
|
1 |
на |
|
2 : |
|
|
|||||||||||||||||||
M |
M |
|
|
306
|
|
|
1 |
1 |
|
|
2a3 |
|
δ12 |
= δ21 |
= |
|
|
2a 2a a |
= |
EJ |
. |
|
||||||||
|
|
|
EJ 2 |
|
|
|
Свободные члены уравнений найдем поочередным перемножением эпюры M F на M 1 и M 2 соответственно:
|
|
|
|
|
|
1 |
|
1 |
|
|
|
|
qa |
2 |
|
qa4 |
|
|
|
||
|
|
|
= − |
|
|
2 |
2a 2a |
2 |
|
= − |
EJ |
; |
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||||
|
|
1F |
|
|
|
EJ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
1 |
|
1 |
|
|
qa |
2 |
3 |
|
|
qa2 |
|
|
|
|
9qa4 |
|
|||
2 F |
= − |
|
|
|
a |
|
|
|
|
|
a |
+ |
|
|
2a a |
= − |
|
. |
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
||||||||||||||
|
|
|
3 |
|
|
|
2 |
|
|
4 |
|
|
2 |
|
|
|
|
|
8EJ |
|
|
|
|
EJ |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
7. Подставляем найденные коэффициенты в канонические уравнения (9.4) и
решаем их относительно неизвестных X 1 |
и X 2 : |
|||||||||||
|
8a3 |
X |
|
+ |
2a3 |
X |
|
− |
qa4 |
= 0 ; |
||
|
|
|
|
|
|
|
||||||
|
|
|
|
|
|
|||||||
|
|
|
|
|
|
EJ |
|
|
|
EJ |
|
(9.4, а) |
3EJ |
|
1 |
|
|
2 |
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||
|
2a3 |
X |
|
+ |
7a3 |
X |
|
− |
9qa4 |
= 0. |
||
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||
|
|
|
3EJ |
|
8EJ |
|||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
EJ |
|
1 |
|
|
2 |
|
|
|||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Упрощаем систему уравнений (9.4, а), сократив ее на a3 :
EJ
8X |
1 |
+6X |
= 3qa ; |
|
|
|
|
2 |
|
(9.4, б) |
|
|
|
+56X |
= 27qa. |
||
48X |
|
||||
|
|
1 |
2 |
|
|
Решив систему уравнений (9.4, б), находим значения X 1 и X 2 :
X 1 = 0,0375qa ; X 2 = 0,45qa .
8. Для основной системы, нагруженной внешней нагрузкой и найденными усилиями X 1 и X 2 (рис. 3.15 а), вычисляем опорные реакции:
H A =0,0375 qa, VA =0,55 qa, mA =0,025 qa2 .
Далее строим эпюры N, Q и М (рис. 9.12, б-г) обычным способом.
307
Рис. 9.12
Окончательную (суммарную) эпюру моментов М (рис. 9.12, г) можно построить, умножив ординаты единичных эпюр M 1 , M 2 на найденные значения X 1
и X 2 и сложив полученные результаты в характерных точках с грузовой эпюрой M F , т.е. исходя из равенства
|
|
|
M = |
|
1 X 1 + |
|
2 X 2 |
+ M F . |
(9.9) |
|||
|
|
|
M |
M |
||||||||
Например, момент в сечении С – середина ригеля (рис. 3.15 а): |
||||||||||||
M |
= 0 X + a |
X − |
qa2 |
= 0 + a 0,45 qa − |
qa2 |
= 0,1 qa2 . |
||||||
|
|
|||||||||||
C |
1 |
2 |
2 |
|
8 |
2 |
|
8 |
|
|||
|
|
|
|
|
|
Аналогично вычислим изгибающий момент для других точек рамы. 9. Проведем проверку решения СНС
Статическая проверка
Проверим условия равновесия всей рамы в целом, ее узлов и отдельных, произвольно выделенных частей. Все условия равновесия должны тождественно соблюдаться.
Составим уравнение равновесия рамы (рис. 9.13, а):
∑m D = −0,025 qa2 + 0,0375 qa a − 0,5 qa2 + 0,375 qa a + 0,45 qa a = 0 .
Вырежем узел Е (рис. 9.13, б). Действие отброшенных частей рамы заменим внутренними силовыми факторами, величины которых возьмем непосредственно из окончательных эпюр (рис. 9.13, в-д).
308
Рис. 9.13
Условия равновесия узла Е:
∑X = 0,0375 qa − 0,0375 qa = 0;
∑Y = 0,45 qa − 0,45 qa = 0;
∑M = 0,05 qa2 − 0,05 qa2 = 0.
Таким образом, все условия равновесия удовлетворяются. Но статическая проверка не гарантирует правильности решения задачи, т.к. условия равновесия могут удовлетворяться и при неверно найденных значениях неизвестных.
Деформационная проверка
Эта проверка является обобщающей, т.е. по ней можно сделать заключение о правильности решения СНС.
При деформационной проверке вычисляют перемещения в определенных точках системы, значения перемещений которых известны, например, равны нулю.
Т.к. в заданной СНС перемещение по направлению любой «лишней» связи рав-
но нулю, то произведение окончательной эпюры изгибающих моментов М на эпюру моментов любого i-го состояния основной системы должно равняться нулю.
В качестве основной системы i-го состояния лучше всего выбрать отличную от принятой при расчете.
309
Проведем деформационную проверку для рамы (рис. 9.14, а). Окончательная эпюра моментов М показана на рис. 9.14, б. Основная система i-го состояния показана на рис. 9.14, в.
Рис. 9.14
Вычислим угол поворота в точке А; он должен равняться нулю, т.к. в заданной раме (рис. 9. 14, а) в точке А жесткая заделка.
Определив опорные реакции, построим единичную эпюру моментов M от единичного момента M =1, действующего по направлению искомого перемещения (рис. 9.14, г). Перемножив эту эпюру с окончательной эпюрой М (рис. 9.14, б) получим следующий результат:
θA = |
|
1 |
|
a (0,05 qa2 − 4 0,5 0,1 qa2 )+ |
2a (− 0,025 qa2 + |
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
||||||||||||||||||
|
|
EJ 6 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
6 |
|
|
|
|
|||
|
|
|
|
|
|
|
|
2 |
|
|
|
2 |
)]= |
1 |
|
|
1,5 |
qa3 |
|
0,075 qa3 |
|
|
+ 4 0,0125 qa |
+ |
0,05 qa |
|
|
− |
|
|
+, |
|
|
= |
|||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|||||||||||||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
EJ |
|
|
6 |
|
3 |
|
|
|
= |
qa3 |
|
1,5 |
+ |
1,5 |
|
= 0. |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
EJ |
|
− |
6 |
|
6 |
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
||||
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
|
Деформационная проверка удовлетворяется. Следовательно, задача решена верно.
Использование прямой и обратной симметрии в рамах для раскрытия статической неопределимости
Рассмотрим симметричную в геометрическом отношении раму (рис. 9.15). Ее правая часть может рассматриваться как зеркальное отображение левой относительно оси симметрии. При расчете таких рам можно упростить решение задачи и уменьшить число неизвестных X 1 , X 2 , ..., X n .